Matematyka i fizyka od podstaw
PLEN

Matematyka › Część 0. Prekurs › 0.3 gotowa · PDF do druku

Zanim zaczniesz 0.1 Liczby, potęgi, logarytmy i funkcje elementarne

Nowe pojęcia w tej lekcji (5)

funkcje cyklometrycznefunkcje hiperbolicznefunkcje trygonometrycznemiara łukowa (radian)tożsamości trygonometryczne

Matematyka 0.3

Trygonometria i funkcje hiperboliczne

Jak zmierzyć wysokość satelity, którego nie da się dosięgnąć żadną miarką? Albo odległość do gwiazdy? Wystarczą dwa kąty i znana odległość między obserwatorami. Ta lekcja zbiera trygonometrię potrzebną w fizyce: radiany, okrąg jednostkowy, kilka tożsamości, funkcje odwrotne i ich pułapki. Na końcu pokazuje kuzynów sinusa i cosinusa, funkcje hiperboliczne. Opisują wiszący łańcuch i ciało spadające w powietrzu.

Czas
ok. 3 h teorii + 2,5 h zadań
Zadania
26 zadań w treści, z podpowiedziami i odpowiedziami
Źródła
Feynmana wykłady z fizyki, t. I, 5-6 (pomiar dużych odległości); K. A. Stroud, Engineering Mathematics (część wprowadzająca)

0 Prolog: dwa kąty i jedna odległość

Feynman pisze, że odległości mierzymy zwykle przez odliczanie jednostek: bierzemy miarkę i liczymy, ile razy się mieści. Ale odległości między szczytami gór nie zmierzy się miarką. Używa się wtedy triangulacji: z dwóch punktów o znanej odległości mierzy się kąty, pod jakimi widać obiekt, a resztę trójkąta wylicza się. Feynman zwraca uwagę, że to w gruncie rzeczy inna definicja odległości. Ufamy jej, bo tam, gdzie można użyć obu metod, dają ten sam wynik. Tak zmierzono wysokość pierwszego Sputnika, odległość do Księżyca i odległości do najbliższych gwiazd.FLP I-5-6

W przypadku gwiazd baza triangulacji to średnica orbity Ziemi, a kąty są maleńkie, ułamki sekundy kątowej. Do takich kątów potrzebne są radiany i przybliżenie tan⁡α≈α\tan\alpha \approx \alpha. Do satelity wystarczy zwykły tangens. Obie rzeczy zrobimy w tej lekcji.

Pytanie na start. Dwie stacje odległe o 200 km widzą przelatującego między nimi satelitę pod kątami 70° i 75° nad horyzontem. Na jakiej wysokości leci? Odpowiedź w przykładzie 2.1.

1 Kąty i radiany

Kąt można mierzyć w stopniach, ale w fizyce i w analizie mierzy się go w radianach. Miara łukowa kąta to stosunek długości łuku ss do promienia rr, na którym ten łuk leży:

θ=sr rad,s=rθ.\theta = \frac{s}{r}\ \mathrm{rad},\qquad s = r\theta .

Pełny kąt to obwód podzielony przez promień, 2πr/r=2π2\pi r/r = 2\pi rad, więc 360∘=2π360^\circ = 2\pi rad, 180∘=π180^\circ = \pi rad, a 1 rad≈57,30∘1\ \mathrm{rad} \approx 57{,}30^\circ. Radian jest stosunkiem dwóch długości, więc formalnie nie ma wymiaru. Słowo „rad” zapisujemy tylko dla jasności.

Dlaczego radiany, a nie stopnie? Z trzech powodów, które poznasz po kolei w tym kursie:

  • Wzory na ruch po okręgu są proste: droga s=rθs = r\theta, prędkość v=rωv = r\omega, gdzie ω\omega to prędkość kątowa w rad/s.
  • Dla małych kątów sin⁡θ≈θ\sin\theta \approx \theta i tan⁡θ≈θ\tan\theta \approx \theta, ale tylko w radianach. Dla θ=0,05\theta = 0{,}05 rad: sin⁡θ=0,049 979\sin\theta = 0{,}049\,979, błąd bezwzględny ok. 2⋅10−52\cdot10^{-5} (0,04%). Następny wyraz przybliżenia to cos⁡θ≈1−θ2/2\cos\theta \approx 1 - \theta^2/2; skąd się bierze, zobaczysz przy szeregu Taylora (lekcja 1.4 Rachunek różniczkowy w praktyce).
  • Pochodna sinusa to cosinus, również tylko w radianach (lekcja 1.3 Pochodne).

Przykład 1.1 Paralaksa: jak daleko jest najbliższa gwiazda

Gdy Ziemia przesuwa się po orbicie, Proxima Centauri przesuwa się na tle dalekich gwiazd. Kąt, pod jakim z gwiazdy widać promień orbity Ziemi (1 AU =1,496⋅1011= 1{,}496\cdot10^{11} m), to paralaksa, p=0,768′′p = 0{,}768''. W ciągu pół roku gwiazda przesuwa się na niebie o kąt 2p2p, bo baza to średnica orbity; paralaksą nazywamy połowę tego kąta. Oblicz odległość do gwiazdy.

  1. Sekunda kątowa to 13600\tfrac{1}{3600} stopnia: 1′′=π180⋅3600 rad≈4,848⋅10−61'' = \dfrac{\pi}{180\cdot3600}\ \mathrm{rad} \approx 4{,}848\cdot10^{-6} rad. Stąd p≈3,723⋅10−6p \approx 3{,}723\cdot10^{-6} rad.
  2. Z trójkąta prostokątnego: tan⁡p=1 AUd\tan p = \dfrac{1\ \mathrm{AU}}{d}. Kąt jest malutki, więc tan⁡p≈p\tan p \approx p i d≈1 AUpd \approx \dfrac{1\ \mathrm{AU}}{p}.
  3. d≈1,496⋅10113,723⋅10−6≈4,02⋅1016d \approx \dfrac{1{,}496\cdot10^{11}}{3{,}723\cdot10^{-6}} \approx 4{,}02\cdot10^{16} m.

Wynik: d≈4,0⋅1016d \approx 4{,}0\cdot10^{16} m, czyli ok. 4,25 roku świetlnego (lekcja 0.1 Liczby, potęgi, logarytmy i funkcje elementarne: rok świetlny to 9,46⋅10159{,}46\cdot10^{15} m).

Sprawdzenie: przybliżenie tan⁡p≈p\tan p \approx p ma błąd względny ok. p2/3≈5⋅10−12p^2/3 \approx 5\cdot10^{-12}, więc jest dokładniejsze niż sam pomiar ✓. Astronomowie definiują parsek jako odległość, z której 1 AU widać pod kątem 1′′1'': 1 pc=206 265 AU≈3,261\ \mathrm{pc} = 206\,265\ \mathrm{AU} \approx 3{,}26 roku świetlnego. Proxima jest więc w odległości 1/0,768≈1,301/0{,}768 \approx 1{,}30 pc ✓.

Zadania · część 1

4 zadania · ok. 20 min

  1. Zamień na radiany: 30°, 135°, 270°. Zamień na stopnie: 1 rad, 5π6\tfrac{5\pi}{6} rad.

    Odpowiedź

    π6≈0,524\tfrac\pi6 \approx 0{,}524;   3π4≈2,356\;\tfrac{3\pi}{4} \approx 2{,}356;   3π2\;\tfrac{3\pi}{2}.   1 rad≈57,30∘\;1\ \mathrm{rad} \approx 57{,}30^\circ;   150∘\;150^\circ.

  2. Koło roweru o promieniu 0,35 m obróciło się o 3 rad bez poślizgu. Jaką drogę przejechał rower?

    Odpowiedź

    s=rθ=0,35⋅3=1,05s = r\theta = 0{,}35\cdot3 = 1{,}05 m.

  3. Policz sin⁡0,05\sin0{,}05 kalkulatorem w trybie radianów i porównaj z 0,050{,}05. Pokaż, że różnica jest bliska θ3/6\theta^3/6. Co wyjdzie, jeśli kalkulator jest w trybie stopni?

    Odpowiedź

    sin⁡0,05=0,049 979 2\sin0{,}05 = 0{,}049\,979\,2, różnica 2,083⋅10−52{,}083\cdot10^{-5}, a 0,053/6=2,083⋅10−50{,}05^3/6 = 2{,}083\cdot10^{-5} ✓. W trybie stopni kalkulator policzy sin⁡0,05∘≈8,7⋅10−4\sin0{,}05^\circ \approx 8{,}7\cdot10^{-4}: to sinus innego kąta, 57 razy mniejszego. Wzory z przybliżeniem sin⁡θ≈θ\sin\theta \approx \theta wymagają radianów.

  4. Pokaż, że parsek to ok. 206 265 AU, a potem przelicz go na lata świetlne (1 AU=1,496⋅10111\ \mathrm{AU} = 1{,}496\cdot10^{11} m, rok świetlny 9,46⋅10159{,}46\cdot10^{15} m).

    Wskazówka

    Kąt 1′′1'' zamień na radiany jak w przykładzie 1.1, a potem użyj d≈1 AU/pd \approx 1\ \mathrm{AU}/p.

    Odpowiedź

    1 pc=1 AU1′′ w radianach=180⋅3600π AU≈206 2651\ \mathrm{pc} = \dfrac{1\ \mathrm{AU}}{1''\ \text{w radianach}} = \dfrac{180\cdot3600}{\pi}\ \mathrm{AU} \approx 206\,265 AU ≈3,086⋅1016\approx 3{,}086\cdot10^{16} m ≈3,26\approx 3{,}26 roku świetlnego.

2 Sinus, cosinus, tangens

2.1 Od trójkąta do okręgu jednostkowego

W trójkącie prostokątnym z kątem ostrym α\alpha: sin⁡α\sin\alpha to przyprostokątna naprzeciw kąta podzielona przez przeciwprostokątną, cos⁡α\cos\alpha to przyprostokątna przy kącie przez przeciwprostokątną, a tan⁡α=sin⁡α/cos⁡α\tan\alpha = \sin\alpha/\cos\alpha. Ta definicja działa tylko dla kątów od 0 do 90°. Fizyka potrzebuje dowolnych kątów, także ujemnych i większych od pełnego obrotu: koło obraca się wiele razy, wahadło wychyla się w obie strony.

Dlatego definiujemy funkcje trygonometryczne na okręgu jednostkowym. Punkt na okręgu o promieniu 1, obrócony o kąt θ\theta od dodatniej półosi xx (przeciwnie do ruchu wskazówek zegara), ma współrzędne

(cos⁡θ; sin⁡θ),tan⁡θ=sin⁡θcos⁡θ  (cos⁡θ≠0).(\cos\theta;\ \sin\theta),\qquad \tan\theta = \frac{\sin\theta}{\cos\theta}\ \ (\cos\theta \neq 0).

Dla kątów ostrych to ta sama definicja co w trójkącie, a dla pozostałych daje znaki zgodne z ćwiartką układu współrzędnych. Od razu widać też okresowość: obrót o 2π2\pi wraca do tego samego punktu, więc sin⁡(θ+2π)=sin⁡θ\sin(\theta + 2\pi) = \sin\theta i tak samo dla cosinusa. Tangens ma okres π\pi: obrót o π\pi zmienia znak obu współrzędnych, a ich iloraz się nie zmienia. Kąt ujemny oznacza obrót zgodnie z ruchem wskazówek zegara.

W polskich podręcznikach i na maturze spotkasz zapis tg⁡\operatorname{tg}, ctg⁡\operatorname{ctg} i arctg⁡\operatorname{arctg}. W tym kursie piszemy międzynarodowo: tan⁡\tan, cot⁡\cot, arctan⁡\arctan, tak jak w kalkulatorach, w Pythonie i w C++.

Symulacja 1 Okrąg jednostkowy. Punkt obrócony o kąt θ\theta ma współrzędne (cos⁡θ; sin⁡θ)(\cos\theta;\ \sin\theta). Na drugim wykresie rysują się sinus i cosinus dla kątów od 0 do θ\theta. Obróć punkt o więcej niż pełny kąt i zobacz okresowość.

2.2 Wartości, które warto znać

θ\theta00π6=30∘\tfrac\pi6 = 30^\circπ4=45∘\tfrac\pi4 = 45^\circπ3=60∘\tfrac\pi3 = 60^\circπ2=90∘\tfrac\pi2 = 90^\circ
sin⁡θ\sin\theta0012\tfrac1222\tfrac{\sqrt2}{2}32\tfrac{\sqrt3}{2}11
cos⁡θ\cos\theta1132\tfrac{\sqrt3}{2}22\tfrac{\sqrt2}{2}12\tfrac1200
tan⁡θ\tan\theta0033\tfrac{\sqrt3}{3}113\sqrt3—

Wartości dla innych ćwiartek odczytuje się z symetrii okręgu, np. sin⁡5π6=sin⁡π6=12\sin\tfrac{5\pi}{6} = \sin\tfrac\pi6 = \tfrac12 (odbicie względem osi yy) i cos⁡4π3=−cos⁡π3=−12\cos\tfrac{4\pi}{3} = -\cos\tfrac\pi3 = -\tfrac12 (symetria względem środka okręgu).

2.3 Drgania: Acos⁡(ωt+φ)A\cos(\omega t + \varphi)

Ruch, w którym położenie zmienia się jak cosinus czasu, to drganie harmoniczne: x(t)=Acos⁡(ωt+φ)x(t) = A\cos(\omega t + \varphi). To wykres cosinusa przekształcony tak, jak w lekcji 0.1 Liczby, potęgi, logarytmy i funkcje elementarne przekształcaliśmy wykresy funkcji (rozciągnięcia i przesunięcia). AA to amplituda (rozciągnięcie w pionie), ω\omega to częstość kołowa w rad/s (ściśnięcie w poziomie), a φ\varphi to faza początkowa (przesunięcie). Okres to T=2π/ωT = 2\pi/\omega, bo po takim czasie argument cosinusa rośnie o 2π2\pi. Tak drga ciężarek na sprężynie, wahadło przy małych wychyleniach i napięcie w gniazdku. Feynman poświęca drganiom kilka rozdziałów, a my wrócimy do nich w fizyce (Dział 6: Drgania, rezonans i układy liniowe).

Przykład 2.1 Wysokość satelity z dwóch kątów

Dwie stacje A i B są odległe o L=200L = 200 km. Satelita jest między nimi; z A widać go pod kątem α=70∘\alpha = 70^\circ nad horyzontem, z B pod kątem β=75∘\beta = 75^\circ. Na jakiej wysokości leci? Krzywiznę Ziemi pomijamy.

Triangulacja: wysokość h z bazy L i dwóch kątów
  1. Niech punkt pod satelitą leży w odległości xx od A. Z dwóch trójkątów prostokątnych: tan⁡α=hx\tan\alpha = \dfrac hx i tan⁡β=hL−x\tan\beta = \dfrac{h}{L - x}.
  2. Stąd x=hcot⁡αx = h\cot\alpha i L−x=hcot⁡βL - x = h\cot\beta, gdzie cot⁡=1/tan⁡\cot = 1/\tan. Dodajemy: L=h(cot⁡α+cot⁡β)L = h(\cot\alpha + \cot\beta).
  3. h=Lcot⁡α+cot⁡β=2000,3640+0,2679≈316,5h = \dfrac{L}{\cot\alpha + \cot\beta} = \dfrac{200}{0{,}3640 + 0{,}2679} \approx 316{,}5 km.

Wynik: ok. 316 km nad Ziemią.

Sprawdzenie: x=hcot⁡α≈115,2x = h\cot\alpha \approx 115{,}2 km i L−x≈84,8L - x \approx 84{,}8 km, więc punkt pod satelitą jest bliżej B, z której widać go wyżej nad horyzontem (75° > 70°) ✓. Czy wolno pominąć krzywiznę Ziemi? Niezupełnie: poziomy (horyzonty) w A i B są nachylone względem siebie o kąt L/RZ≈200/6371≈0,031L/R_\text{Z} \approx 200/6371 \approx 0{,}031 rad ≈1,8∘\approx 1{,}8^\circ, a to zmienia mierzone kąty. Rachunek na kuli daje h≈334h \approx 334 km, o ok. 5% więcej. Model płaski to dobre pierwsze przybliżenie, ale przy bazie rzędu setek kilometrów trzeba uwzględnić kulistość Ziemi.

Zadania · część 2

6 zadań · ok. 35 min

  1. Bez kalkulatora: sin⁡210∘\sin210^\circ, cos⁡(−π3)\cos\left(-\tfrac\pi3\right), tan⁡135∘\tan135^\circ, cos⁡π\cos\pi.

    Odpowiedź

    −12-\tfrac12;   12\;\tfrac12 (cosinus jest parzysty);   −1\;-1;   −1\;-1.

  2. Rozwiąż sin⁡x=12\sin x = \tfrac12 dla x∈[0; 2π]x \in [0;\ 2\pi].

    Odpowiedź

    x=π6x = \tfrac\pi6 i x=5π6x = \tfrac{5\pi}{6}. Na okręgu dwa punkty mają rzędną 12\tfrac12.

  3. Rampa ma długość 4 m i jest nachylona pod kątem 12° do poziomu. Na jaką wysokość prowadzi i ile miejsca zajmuje w poziomie?

    Odpowiedź

    h=4sin⁡12∘≈0,83h = 4\sin12^\circ \approx 0{,}83 m, w poziomie 4cos⁡12∘≈3,914\cos12^\circ \approx 3{,}91 m.

  4. Położenie ciężarka to x(t)=3cos⁡(4t+π3)x(t) = 3\cos\left(4t + \tfrac\pi3\right) (cm, s). Podaj amplitudę, częstość kołową, okres i położenie w chwili t=0t = 0.

    Odpowiedź

    A=3A = 3 cm, ω=4\omega = 4 rad/s, T=2π/4≈1,57T = 2\pi/4 \approx 1{,}57 s, x(0)=3cos⁡π3=1,5x(0) = 3\cos\tfrac\pi3 = 1{,}5 cm.

  5. Powtórz przykład 2.1 dla bazy 100 km i kątów 50° oraz 60°.

    Odpowiedź

    h=100cot⁡50∘+cot⁡60∘=1000,8391+0,5774≈70,6h = \dfrac{100}{\cot50^\circ + \cot60^\circ} = \dfrac{100}{0{,}8391 + 0{,}5774} \approx 70{,}6 km.

  6. Wyjaśnij, dlaczego w przykładzie 2.1 mała niepewność kątów daje dużą niepewność wysokości, gdy oba kąty są bliskie 90°. Co to mówi o wyborze bazy pomiarowej?

    Wskazówka

    Policz hh dla α=β=88∘\alpha = \beta = 88^\circ i dla α=β=89∘\alpha = \beta = 89^\circ przy tej samej bazie. O ile procent zmienia się wynik, gdy kąt zmienia się o 1°?

    Odpowiedź

    Dla kątów bliskich 90° cotangensy są bliskie zera, a h=L/(cot⁡α+cot⁡β)h = L/(\cot\alpha + \cot\beta) dzieli przez ich małą sumę: niewielki błąd kąta zmienia sumę o dużą część jej wartości. Baza powinna być porównywalna z mierzoną odległością, żeby kąty były wyraźnie mniejsze od 90°. Dlatego do gwiazd bierze się największą dostępną bazę, czyli średnicę orbity Ziemi. Ilościowo zbadamy to w lekcji 1.4 Rachunek różniczkowy w praktyce (przenoszenie niepewności).

3 Tożsamości trygonometryczne

Tożsamość to równość prawdziwa dla wszystkich argumentów, dla których obie strony mają sens. Z setek wzorów w tablicach warto pamiętać kilka, z których resztę się wyprowadza:

Najważniejsze tożsamości

sin⁡2θ+cos⁡2θ=1,\sin^2\theta + \cos^2\theta = 1, sin⁡(α±β)=sin⁡αcos⁡β±cos⁡αsin⁡β,cos⁡(α±β)=cos⁡αcos⁡β∓sin⁡αsin⁡β.\sin(\alpha \pm \beta) = \sin\alpha\cos\beta \pm \cos\alpha\sin\beta,\qquad \cos(\alpha \pm \beta) = \cos\alpha\cos\beta \mp \sin\alpha\sin\beta .

Stąd m.in. sin⁡2θ=2sin⁡θcos⁡θ\sin2\theta = 2\sin\theta\cos\theta i cos⁡2θ=cos⁡2θ−sin⁡2θ=1−2sin⁡2θ\cos2\theta = \cos^2\theta - \sin^2\theta = 1 - 2\sin^2\theta.

Pierwsza to twierdzenie Pitagorasa dla punktu na okręgu jednostkowym. Wzory na sinus i cosinus sumy opisują obroty: obrót o α\alpha, a potem o β\beta to obrót o α+β\alpha + \beta, a wzory mówią, jak zmieniają się współrzędne punktu (cos⁡β; sin⁡β)(\cos\beta;\ \sin\beta) przy obrocie o α\alpha. Udowodnimy je elegancko macierzami obrotu (lekcja 2.2 Przekształcenia liniowe: obroty, zmiana bazy, transformacja Lorentza) i jeszcze prościej liczbami zespolonymi (lekcja 1.7 Liczby zespolone i fazory).

Dla dowolnego trójkąta o bokach aa, bb, cc i kącie γ\gamma naprzeciw boku cc obowiązuje twierdzenie cosinusów, c2=a2+b2−2abcos⁡γc^2 = a^2 + b^2 - 2ab\cos\gamma. Dla γ=90∘\gamma = 90^\circ to twierdzenie Pitagorasa. W lekcji 1.1 Wektory wyprowadzimy je jednym ruchem z iloczynu skalarnego wektorów.

3.1 Dudnienia: suma dwóch drgań

Z wzorów na cosinus sumy i różnicy wynika wzór na sumę cosinusów:

cos⁡a+cos⁡b=2cos⁡a+b2cos⁡a−b2.\cos a + \cos b = 2\cos\frac{a + b}{2}\cos\frac{a - b}{2}.

Dwa kamertony o częstościach 440 Hz i 444 Hz grają razem. Podstawiamy a=2πf1ta = 2\pi f_1 t i b=2πf2tb = 2\pi f_2 t. Suma to drganie o średniej częstości f1+f22=442\tfrac{f_1 + f_2}{2} = 442 Hz pomnożone przez wolno zmienny czynnik 2cos⁡(π(f1−f2)t)2\cos\big(\pi(f_1 - f_2)t\big), czyli cosinus o częstości 2 Hz. Głośność zależy od wartości bezwzględnej tego czynnika, a ta ma dwa maksima w każdym jego okresie. Głośność rośnie więc i maleje f1−f2=4f_1 - f_2 = 4 razy na sekundę: to dudnienia. Tak stroi się instrumenty: gdy dudnienia znikną, częstości są równe.

Symulacja 2 Suma dwóch cosinusów o jednakowych amplitudach 1 i częstościach f1f_1 i f2f_2 (ciągła linia) i obwiednia ±2cos⁡(π(f1−f2)t)\pm2\cos\big(\pi(f_1 - f_2)t\big) (przerywana). Zbliżaj częstości do siebie: dudnienia stają się coraz wolniejsze i znikają przy f1=f2f_1 = f_2.

Przykład 3.1 Pod jakim kątem rzucić najdalej?

Kamień rzucono z prędkością v0v_0 pod kątem θ\theta do poziomu, z ziemi na ziemię, bez oporu powietrza. Zasięg rzutu to R=2v02sin⁡θcos⁡θgR = \dfrac{2v_0^2\sin\theta\cos\theta}{g} (zob. Dział 1: Ruch i jego przyczyny). Dla jakiego kąta zasięg jest największy? Policz go dla v0=20v_0 = 20 m/s.

  1. Ze wzoru na sinus podwojonego kąta: 2sin⁡θcos⁡θ=sin⁡2θ2\sin\theta\cos\theta = \sin2\theta, więc R=v02sin⁡2θgR = \dfrac{v_0^2\sin2\theta}{g}.
  2. Sinus jest największy (równy 1) dla 2θ=90∘2\theta = 90^\circ, czyli θ=45∘\theta = 45^\circ.
  3. Rmax=v02g=4009,81≈40,8R_\text{max} = \dfrac{v_0^2}{g} = \dfrac{400}{9{,}81} \approx 40{,}8 m.

Wynik: θ=45∘\theta = 45^\circ, Rmax≈40,8R_\text{max} \approx 40{,}8 m.

Sprawdzenie: sin⁡2θ\sin2\theta ma tę samą wartość dla θ\theta i 90∘−θ90^\circ - \theta, więc rzuty pod kątem 30° i 60° mają ten sam zasięg, 400sin⁡60∘/9,81≈35,3400\sin60^\circ/9{,}81 \approx 35{,}3 m ✓. Jednostki: (m/s)2/(m/s2)=m(\mathrm{m/s})^2/(\mathrm{m/s^2}) = \mathrm m ✓.

Zadania · część 3

6 zadań · ok. 40 min

  1. Wiedząc, że sin⁡θ=35\sin\theta = \tfrac35 i θ\theta jest kątem ostrym, podaj cos⁡θ\cos\theta i tan⁡θ\tan\theta.

    Odpowiedź

    cos⁡θ=1−925=45\cos\theta = \sqrt{1 - \tfrac{9}{25}} = \tfrac45, tan⁡θ=34\tan\theta = \tfrac34. To trójkąt 3–4–5.

  2. Pokaż, że 1+tan⁡2θ=1cos⁡2θ1 + \tan^2\theta = \dfrac{1}{\cos^2\theta}.

    Odpowiedź

    Podziel sin⁡2θ+cos⁡2θ=1\sin^2\theta + \cos^2\theta = 1 przez cos⁡2θ\cos^2\theta.

  3. Oblicz dokładnie cos⁡75∘\cos75^\circ ze wzoru na cosinus sumy (75∘=45∘+30∘75^\circ = 45^\circ + 30^\circ).

    Odpowiedź

    cos⁡45∘cos⁡30∘−sin⁡45∘sin⁡30∘=22⋅32−22⋅12=6−24≈0,2588\cos45^\circ\cos30^\circ - \sin45^\circ\sin30^\circ = \tfrac{\sqrt2}{2}\cdot\tfrac{\sqrt3}{2} - \tfrac{\sqrt2}{2}\cdot\tfrac12 = \tfrac{\sqrt6 - \sqrt2}{4} \approx 0{,}2588.

  4. Trójkąt ma boki 5 i 7, a kąt między nimi 60°. Oblicz trzeci bok.

    Odpowiedź

    c2=25+49−2⋅5⋅7⋅12=39c^2 = 25 + 49 - 2\cdot5\cdot7\cdot\tfrac12 = 39, c=39≈6,24c = \sqrt{39} \approx 6{,}24.

  5. Struna gitary i kamerton 440 Hz dają 3 dudnienia na sekundę. Jaka może być częstość struny? Jak sprawdzić, która możliwość jest prawdziwa?

    Odpowiedź

    437 Hz albo 443 Hz. Trzeba lekko napiąć strunę (podnieść częstość): jeśli dudnienia zwolnią, struna miała 437 Hz; jeśli przyspieszą, 443 Hz.

  6. Wyprowadź wzór na sumę cosinusów z części 3.1. Wskazówka: zapisz a=u+va = u + v, b=u−vb = u - v.

    Odpowiedź

    cos⁡(u+v)+cos⁡(u−v)=(cos⁡ucos⁡v−sin⁡usin⁡v)+(cos⁡ucos⁡v+sin⁡usin⁡v)=2cos⁡ucos⁡v\cos(u + v) + \cos(u - v) = (\cos u\cos v - \sin u\sin v) + (\cos u\cos v + \sin u\sin v) = 2\cos u\cos v. Podstawiamy u=a+b2u = \tfrac{a + b}{2}, v=a−b2v = \tfrac{a - b}{2}.

4 Funkcje cyklometryczne

Funkcje odwrotne do trygonometrycznych odpowiadają na pytanie: „jaki to kąt?”. Nazywamy je funkcjami cyklometrycznymi. Sinus nie jest różnowartościowy, bo wiele kątów ma ten sam sinus, więc jak przy x2x^2 w lekcji 0.1 Liczby, potęgi, logarytmy i funkcje elementarne ograniczamy dziedzinę do przedziału, na którym funkcja jest monotoniczna i przyjmuje wszystkie swoje wartości:

Funkcje cyklometryczne (wartości główne)

arcsin⁡x∈[−π2; π2],arccos⁡x∈[0; π]dla x∈[−1; 1],arctan⁡x∈(−π2; π2) dla x∈R.\arcsin x \in \left[-\tfrac\pi2;\ \tfrac\pi2\right],\qquad \arccos x \in [0;\ \pi]\qquad\text{dla } x \in [-1;\ 1],\qquad \arctan x \in \left(-\tfrac\pi2;\ \tfrac\pi2\right)\ \text{dla } x \in \mathbb R .

sin⁡(arcsin⁡x)=x\sin(\arcsin x) = x zawsze, ale arcsin⁡(sin⁡θ)=θ\arcsin(\sin\theta) = \theta tylko dla θ∈[−π2; π2]\theta \in \left[-\tfrac\pi2;\ \tfrac\pi2\right].

Kalkulator i komputer zwracają zawsze wartość główną. Drugie rozwiązanie trzeba dopisać samemu z symetrii okręgu: jeśli sin⁡θ=s\sin\theta = s, to również sin⁡(π−θ)=s\sin(\pi - \theta) = s (odbicie względem osi yy). Jeśli cos⁡θ=c\cos\theta = c, to również cos⁡(−θ)=c\cos(-\theta) = c (odbicie względem osi xx), więc w przedziale [0; 2π][0;\ 2\pi] drugim rozwiązaniem jest 2π−θ2\pi - \theta.

4.1 Kąt wektora i funkcja atan2

Kierunek wektora [x; y][x;\ y] to kąt θ\theta, dla którego tan⁡θ=y/x\tan\theta = y/x. Ale arctan⁡(y/x)\arctan(y/x) nie odróżnia wektora [3; 4][3;\ 4] od [−3; −4][-3;\ -4], bo oba mają ten sam iloraz y/xy/x, a wskazują przeciwne kierunki. Dlatego języki programowania mają funkcję dwóch argumentów atan2(y, x) (w Pythonie math.atan2, w C++ std::atan2). Patrzy ona na znaki obu współrzędnych i zwraca kąt z przedziału (−π; π](-\pi;\ \pi] we właściwej ćwiartce. Kolejność argumentów to najpierw yy, potem xx.

Symulacja 3 Kąt wektora [x; y][x;\ y] z arctan⁡(y/x)\arctan(y/x) i z atan2(y,x)\mathrm{atan2}(y, x). W I i IV ćwiartce oba wyniki są równe, w II i III arctan⁡\arctan myli się o 180∘180^\circ.

Zadania · część 4

5 zadań · ok. 25 min

  1. Bez kalkulatora: arcsin⁡12\arcsin\tfrac12, arccos⁡(−12)\arccos\left(-\tfrac12\right), arctan⁡3\arctan\sqrt3, arctan⁡(−1)\arctan(-1).

    Odpowiedź

    π6\tfrac\pi6;   2π3\;\tfrac{2\pi}{3};   π3\;\tfrac\pi3;   −π4\;-\tfrac\pi4.

  2. Znak drogowy „8%” oznacza, że droga wznosi się o 8 m na 100 m w poziomie. Jaki to kąt?

    Odpowiedź

    arctan⁡0,08≈4,57∘\arctan0{,}08 \approx 4{,}57^\circ. Przy tak małych kątach tan⁡\tan i sin⁡\sin są prawie równe, więc „8 m na 100 m drogi” dałoby prawie ten sam kąt (4,59∘4{,}59^\circ).

  3. Ile wynosi arcsin⁡(sin⁡3)\arcsin(\sin3) (kąt w radianach)? Dlaczego nie 3?

    Odpowiedź

    3>π23 > \tfrac\pi2, więc 3 nie jest wartością główną. Ten sam sinus ma kąt π−3≈0,1416\pi - 3 \approx 0{,}1416, który leży w [−π2; π2]\left[-\tfrac\pi2;\ \tfrac\pi2\right]. Wynik: π−3\pi - 3.

  4. Podaj kąt wektora [−3; −4][-3;\ -4]: najpierw z arctan⁡(y/x)\arctan(y/x), potem poprawnie.

    Odpowiedź

    arctan⁡43≈53,13∘\arctan\tfrac43 \approx 53{,}13^\circ, ale to kierunek wektora [3; 4][3;\ 4]. Wektor [−3; −4][-3;\ -4] leży w III ćwiartce: atan2(−4,−3)≈−126,87∘\mathrm{atan2}(-4, -3) \approx -126{,}87^\circ, czyli 233,13∘233{,}13^\circ.

  5. Rozwiąż cos⁡x=0,3\cos x = 0{,}3 dla x∈[0; 2π]x \in [0;\ 2\pi]. Ile jest rozwiązań w przedziale [0; 10π][0;\ 10\pi]?

    Wskazówka

    Drugie rozwiązanie w [0; 2π][0;\ 2\pi] daje symetria względem osi xx (część 4). Potem policz, ile pełnych okresów mieści się w [0; 10π][0;\ 10\pi].

    Odpowiedź

    x1=arccos⁡0,3≈1,266x_1 = \arccos0{,}3 \approx 1{,}266, x2=2π−x1≈5,017x_2 = 2\pi - x_1 \approx 5{,}017. W [0; 10π][0;\ 10\pi] mieści się 5 okresów, więc 10 rozwiązań.

5 Funkcje hiperboliczne

5.1 Definicja i nazwa

Z funkcji wykładniczej buduje się trzy funkcje, które zachowują się jak „krewni” sinusa i cosinusa:

Funkcje hiperboliczne

cosh⁡x=ex+e−x2,sinh⁡x=ex−e−x2,tanh⁡x=sinh⁡xcosh⁡x,\cosh x = \frac{e^x + e^{-x}}{2},\qquad \sinh x = \frac{e^x - e^{-x}}{2},\qquad \tanh x = \frac{\sinh x}{\cosh x}, cosh⁡2x−sinh⁡2x=1.\cosh^2x - \sinh^2x = 1 .

Tożsamość wynika wprost z definicji: (ex+e−x)2−(ex−e−x)2=4(e^x + e^{-x})^2 - (e^x - e^{-x})^2 = 4. Porównaj ją z cos⁡2t+sin⁡2t=1\cos^2t + \sin^2t = 1. Punkty (cos⁡t; sin⁡t)(\cos t;\ \sin t) leżą na okręgu x2+y2=1x^2 + y^2 = 1, a punkty (cosh⁡u; sinh⁡u)(\cosh u;\ \sinh u) na gałęzi hiperboli x2−y2=1x^2 - y^2 = 1. Stąd nazwa. Analogia sięga dalej: na okręgu parametr tt to podwojone pole wycinka koła od osi xx do punktu, a na hiperboli parametr uu to podwojone pole „wycinka hiperbolicznego”. Pokazuje to symulacja 4.

Własności czyta się z definicji. cosh⁡\cosh jest parzysty, ma minimum 1 w zerze i dla dużych ∣x∣|x| rośnie jak 12e∣x∣\tfrac12e^{|x|}. sinh⁡\sinh jest nieparzysty. tanh⁡\tanh rośnie od −1-1 do 11 i nigdy tych wartości nie osiąga. Funkcje odwrotne zapisujemy arsinh⁡\operatorname{arsinh}, arcosh⁡\operatorname{arcosh}, artanh⁡\operatorname{artanh}; da się je wyrazić logarytmem, np. artanh⁡x=12ln⁡1+x1−x\operatorname{artanh}x = \tfrac12\ln\dfrac{1 + x}{1 - x} dla ∣x∣<1|x| < 1.

Symulacja 4 Okrąg i hiperbola. Punkt (cos⁡t; sin⁡t)(\cos t;\ \sin t) i punkt (cosh⁡u; sinh⁡u)(\cosh u;\ \sinh u), gdzie parametr jest w obu przypadkach podwojonym polem zacieniowanego wycinka. Zwiększaj parametr: punkt na okręgu porusza się równomiernie, a punkt na hiperboli ucieka coraz szybciej, bo cosh⁡\cosh i sinh⁡\sinh rosną wykładniczo.

5.2 Gdzie spotkasz funkcje hiperboliczne

  • Krzywa łańcuchowa. Łańcuch lub lina wisząca swobodnie między dwoma punktami ma kształt y=acosh⁡(x/a)y = a\cosh(x/a), a nie paraboli. Liny wysokiego napięcia i łuki o kształcie odwróconej krzywej łańcuchowej (pracują tylko na ściskanie) to klasyczne zastosowania. Wyprowadzimy to w rachunku wariacyjnym (lekcja 6.1 Rachunek wariacyjny).
  • Spadek z oporem powietrza. Ciało spadające z oporem proporcjonalnym do kwadratu prędkości ma, jeśli startuje z prędkości zerowej, v(t)=v∞tanh⁡(gt/v∞)v(t) = v_\infty\tanh(gt/v_\infty). Tu v∞=mg/kv_\infty = \sqrt{mg/k} to prędkość graniczna, a kv2kv^2 to siła oporu. To rozwiązanie równania różniczkowego z lekcji 4.1 Równania różniczkowe zwyczajne.
  • Teoria względności. Transformacja Lorentza to „obrót hiperboliczny”, w którym rolę kąta gra tzw. pospieszność (ang. rapidity) (lekcja 2.2 Przekształcenia liniowe: obroty, zmiana bazy, transformacja Lorentza).

Przykład 5.1 Skoczek spadochronowy przed otwarciem spadochronu

Prędkość graniczna skoczka w swobodnym spadku to v∞=50v_\infty = 50 m/s. Skoczek zaczyna spadać z pionową prędkością zerową; jego prędkość to v(t)=v∞tanh⁡(gt/v∞)v(t) = v_\infty\tanh(gt/v_\infty) z g=9,81 m/s2g = 9{,}81\ \mathrm{m/s^2}. Jaka jest prędkość po 3 s? Po jakim czasie skoczek osiągnie 90% prędkości granicznej?

  1. v(3)=50tanh⁡(9,81⋅350)=50tanh⁡0,5886≈50⋅0,5289≈26,4v(3) = 50\tanh\left(\dfrac{9{,}81\cdot3}{50}\right) = 50\tanh0{,}5886 \approx 50\cdot0{,}5289 \approx 26{,}4 m/s.
  2. Warunek tanh⁡(gt/v∞)=0,9\tanh(gt/v_\infty) = 0{,}9 odwracamy funkcją artanh⁡\operatorname{artanh}: gtv∞=artanh⁡0,9=12ln⁡19≈1,472\dfrac{gt}{v_\infty} = \operatorname{artanh}0{,}9 = \tfrac12\ln19 \approx 1{,}472.
  3. t=1,472⋅509,81≈7,5t = 1{,}472\cdot\dfrac{50}{9{,}81} \approx 7{,}5 s.

Wynik: po 3 s ok. 26 m/s; 90% prędkości granicznej po ok. 7,5 s.

Sprawdzenie: bez oporu po 3 s byłoby gt=29,4gt = 29{,}4 m/s; opór zmniejsza prędkość, więc 26,4 m/s jest rozsądne ✓. Dla małych tt mamy tanh⁡z≈z\tanh z \approx z (bo e±z≈1±ze^{\pm z} \approx 1 \pm z dla małych zz), więc v≈gtv \approx gt: na początku skoczek spada prawie swobodnie ✓.

Zadania · część 5

5 zadań · ok. 30 min

  1. Oblicz cosh⁡0\cosh0, sinh⁡0\sinh0, tanh⁡0\tanh0 oraz sinh⁡(ln⁡2)\sinh(\ln2) i cosh⁡(ln⁡2)\cosh(\ln2). Sprawdź tożsamość cosh⁡2−sinh⁡2=1\cosh^2 - \sinh^2 = 1 dla x=ln⁡2x = \ln2.

    Odpowiedź

    11, 00, 00.   sinh⁡(ln⁡2)=2−1/22=0,75\;\sinh(\ln2) = \tfrac{2 - 1/2}{2} = 0{,}75, cosh⁡(ln⁡2)=2+1/22=1,25\cosh(\ln2) = \tfrac{2 + 1/2}{2} = 1{,}25.   1,5625−0,5625=1\;1{,}5625 - 0{,}5625 = 1 ✓.

  2. Do czego dąży tanh⁡x\tanh x dla x→∞x \to \infty i dla x→−∞x \to -\infty? Uzasadnij z definicji.

    Odpowiedź

    tanh⁡x=ex−e−xex+e−x=1−e−2x1+e−2x→1\tanh x = \dfrac{e^x - e^{-x}}{e^x + e^{-x}} = \dfrac{1 - e^{-2x}}{1 + e^{-2x}} \to 1 dla x→∞x \to \infty, a z nieparzystości →−1\to -1 dla x→−∞x \to -\infty.

  3. Pokaż, że sinh⁡2x=2sinh⁡xcosh⁡x\sinh2x = 2\sinh x\cosh x. Porównaj z wzorem na sin⁡2x\sin2x.

    Odpowiedź

    2⋅ex−e−x2⋅ex+e−x2=e2x−e−2x2=sinh⁡2x2\cdot\dfrac{e^x - e^{-x}}{2}\cdot\dfrac{e^x + e^{-x}}{2} = \dfrac{e^{2x} - e^{-2x}}{2} = \sinh2x. Ten sam kształt co sin⁡2x=2sin⁡xcos⁡x\sin2x = 2\sin x\cos x.

  4. Lina wisi między dwoma słupami odległymi o 20 m i ma kształt y=acosh⁡(x/a)y = a\cosh(x/a) z x∈[−10; 10]x \in [-10;\ 10] m. Ile wynosi zwis (różnica wysokości między końcem a najniższym punktem) dla a=10a = 10 m i dla a=20a = 20 m?

    Odpowiedź

    Zwis =acosh⁡(10/a)−a= a\cosh(10/a) - a. Dla a=10a = 10: 10(cosh⁡1−1)≈5,4310(\cosh1 - 1) \approx 5{,}43 m. Dla a=20a = 20: 20(cosh⁡0,5−1)≈2,5520(\cosh0{,}5 - 1) \approx 2{,}55 m. Większe aa to mocniej napięta lina.

  5. Dla skoczka z przykładu 5.1 oblicz, po jakim czasie osiągnie 99% prędkości granicznej. Porównaj z czasem dla 90% i wyjaśnij, dlaczego „ostatnie procenty” trwają tak długo.

    Wskazówka

    artanh⁡0,99=12ln⁡1,990,01\operatorname{artanh}0{,}99 = \tfrac12\ln\dfrac{1{,}99}{0{,}01}. Do wyjaśnienia zapisz 1−tanh⁡z1 - \tanh z przez e−2ze^{-2z}.

    Odpowiedź

    artanh⁡0,99=12ln⁡199≈2,647\operatorname{artanh}0{,}99 = \tfrac12\ln199 \approx 2{,}647, t≈2,647⋅50/9,81≈13,5t \approx 2{,}647\cdot50/9{,}81 \approx 13{,}5 s, wobec 7,5 s dla 90%. Dla dużych argumentów 1−tanh⁡z≈2e−2z1 - \tanh z \approx 2e^{-2z}, więc brakująca część prędkości maleje wykładniczo: każdy kolejny „rząd” dokładności (z 10% braku do 1%) kosztuje ten sam dodatkowy czas, ok. 6 s.

6 Błędne intuicje

„sin⁡θ≈θ\sin\theta \approx \theta dla małych kątów” (w stopniach).
Tylko w radianach. sin⁡5∘=0,0872\sin5^\circ = 0{,}0872, a nie 5. W radianach 5∘=0,08735^\circ = 0{,}0873 i przybliżenie działa.
„sin⁡(α+β)=sin⁡α+sin⁡β\sin(\alpha + \beta) = \sin\alpha + \sin\beta.”
Sinus nie jest liniowy. Dla α=β=90∘\alpha = \beta = 90^\circ: sin⁡180∘=0\sin180^\circ = 0, a 1+1=21 + 1 = 2.
„sin⁡−1x=1sin⁡x\sin^{-1}x = \dfrac{1}{\sin x}.”
Na kalkulatorach sin⁡−1\sin^{-1} oznacza arcsin⁡\arcsin, funkcję odwrotną. Odwrotność 1/sin⁡x1/\sin x ma nazwę cosecans. Dlatego piszemy arcsin⁡\arcsin, a nie sin⁡−1\sin^{-1}.
„Kalkulator podał arcsin⁡\arcsin, więc to jedyne rozwiązanie.”
To wartość główna. Równanie sin⁡x=s\sin x = s ma na każdym pełnym obrocie dwa rozwiązania: θ\theta i π−θ\pi - \theta (część 4).
„Kąt wektora to arctan⁡(y/x)\arctan(y/x).”
Tylko dla x>0x > 0. W II i III ćwiartce wynik jest o 180∘180^\circ za mały lub za duży. Używaj atan2(y, x) (część 4.1).
„Wisząca lina ma kształt paraboli.”
Ma kształt krzywej łańcuchowej acosh⁡(x/a)a\cosh(x/a). Parabola to dobre przybliżenie tylko przy małym zwisie, bo dla małych zz mamy cosh⁡z≈1+z2/2\cosh z \approx 1 + z^2/2. Parabolą jest za to lina mostu wiszącego, gdy obciążenie jest rozłożone równomiernie wzdłuż poziomu.

7 Sprawdź się

1 Ile radianów ma kąt prosty? A pełny obrót?

π2\tfrac\pi2 i 2π2\pi.

2 Jaki znak ma cosinus kąta 200°?

Ujemny: 200° leży w III ćwiartce, gdzie obie współrzędne punktu na okręgu są ujemne.

3 Jaki jest okres drgania x=2sin⁡(5t)x = 2\sin(5t) (tt w sekundach)?

T=2π/5≈1,26T = 2\pi/5 \approx 1{,}26 s.

4 Dwa dźwięki 300 Hz i 302 Hz. Ile dudnień na sekundę?

2.

5 Dlaczego arccos⁡\arccos ma wartości w [0; π][0;\ \pi], a arcsin⁡\arcsin w [−π2; π2]\left[-\tfrac\pi2;\ \tfrac\pi2\right]?

Bo na tych przedziałach odpowiednio cosinus i sinus są monotoniczne i przyjmują wszystkie wartości z [−1; 1][-1;\ 1] dokładnie raz.

6 Na jakiej krzywej leżą punkty (cosh⁡u; sinh⁡u)(\cosh u;\ \sinh u)?

Na prawej gałęzi hiperboli x2−y2=1x^2 - y^2 = 1.

7 Czemu jest równe cosh⁡x+sinh⁡x\cosh x + \sinh x?

exe^x.

8 Karta wzorów i co dalej

Trygonometria

θ=s/r\theta = s/r;   180∘=π\;180^\circ = \pi rad;   1 rad≈57,3∘\;1\ \mathrm{rad} \approx 57{,}3^\circ

małe kąty (rad): sin⁡θ≈tan⁡θ≈θ\sin\theta \approx \tan\theta \approx \theta,   cos⁡θ≈1−θ2/2\;\cos\theta \approx 1 - \theta^2/2

sin⁡2θ+cos⁡2θ=1\sin^2\theta + \cos^2\theta = 1,   1+tan⁡2θ=1/cos⁡2θ\;1 + \tan^2\theta = 1/\cos^2\theta

sin⁡(α±β)=sin⁡αcos⁡β±cos⁡αsin⁡β\sin(\alpha \pm \beta) = \sin\alpha\cos\beta \pm \cos\alpha\sin\beta

cos⁡(α±β)=cos⁡αcos⁡β∓sin⁡αsin⁡β\cos(\alpha \pm \beta) = \cos\alpha\cos\beta \mp \sin\alpha\sin\beta

sin⁡2θ=2sin⁡θcos⁡θ\sin2\theta = 2\sin\theta\cos\theta,   cos⁡2θ=1−2sin⁡2θ\;\cos2\theta = 1 - 2\sin^2\theta

cos⁡a+cos⁡b=2cos⁡a+b2cos⁡a−b2\cos a + \cos b = 2\cos\tfrac{a + b}{2}\cos\tfrac{a - b}{2}

c2=a2+b2−2abcos⁡γc^2 = a^2 + b^2 - 2ab\cos\gamma;   x=Acos⁡(ωt+φ)\;x = A\cos(\omega t + \varphi), T=2π/ωT = 2\pi/\omega

Funkcje odwrotne i hiperboliczne

arcsin⁡∈[−π2; π2]\arcsin \in [-\tfrac\pi2;\ \tfrac\pi2], arccos⁡∈[0; π]\arccos \in [0;\ \pi], arctan⁡∈(−π2; π2)\arctan \in (-\tfrac\pi2;\ \tfrac\pi2)

sin⁡x=s\sin x = s:   x=arcsin⁡s\;x = \arcsin s lub π−arcsin⁡s\pi - \arcsin s (+ wielokrotności 2π2\pi)

cos⁡x=c\cos x = c:   x=±arccos⁡c\;x = \pm\arccos c (+ wielokrotności 2π2\pi)

kąt wektora: atan2(y, x)

cosh⁡x=ex+e−x2\cosh x = \tfrac{e^x + e^{-x}}{2},   sinh⁡x=ex−e−x2\;\sinh x = \tfrac{e^x - e^{-x}}{2},   tanh⁡x=sinh⁡xcosh⁡x\;\tanh x = \tfrac{\sinh x}{\cosh x}

cosh⁡2x−sinh⁡2x=1\cosh^2x - \sinh^2x = 1;   cosh⁡x+sinh⁡x=ex\;\cosh x + \sinh x = e^x

artanh⁡x=12ln⁡1+x1−x\operatorname{artanh}x = \tfrac12\ln\tfrac{1 + x}{1 - x}

łańcuch: y=acosh⁡(x/a)y = a\cosh(x/a);   \;spadek z oporem: v=v∞tanh⁡(gt/v∞)v = v_\infty\tanh(gt/v_\infty)

Do przeczytania u Feynmana

  • Obowiązkowo: 5-6 (jak mierzy się duże odległości: triangulacja, paralaksa, coraz dalsze „szczeble” pomiaru).
  • Dla chętnych: 22-6 (skąd biorą się sinus i cosinus, gdy podnosi się liczbę do potęgi urojonej). Wrócimy do tego w lekcji 1.7 Liczby zespolone i fazory.

Do przeczytania w podręcznikach matematyki

  • K. A. Stroud, Engineering Mathematics: część wprowadzająca (trygonometria, funkcje hiperboliczne). Dużo zadań z odpowiedziami.
  • Dowolny podręcznik do matematyki w szkole średniej na poziomie rozszerzonym: rozdział o trygonometrii.

Następna lekcja to geometria analityczna i krzywe stożkowe (0.4 Geometria analityczna i krzywe stożkowe): okrąg, elipsa i hiperbola z równania, a także współrzędne biegunowe, w których kąt z tej lekcji staje się jedną ze współrzędnych. Sinus i cosinus wrócą jako pochodne jeden drugiego (1.3 Pochodne), jako potęgi liczby ee o wykładniku urojonym (1.7 Liczby zespolone i fazory) i w każdym drganiu w fizyce.

Korzystają z tej lekcji 0.4 Geometria analityczna i krzywe stożkowe0.5 Jednostki, analiza wymiarowa, szacowanie i niepewność pomiaru1.1 Wektory1.2 Ciągi, granice i ciągłość1.7 Liczby zespolone i fazory2.2 Przekształcenia liniowe: obroty, zmiana bazy, transformacja Lorentza3.2 Współrzędne biegunowe, walcowe i sferyczne