Matematyka i fizyka od podstaw
PLEN

Matematyka › Część 0. Prekurs › 0.1 gotowa · PDF do druku

Nowe pojęcia w tej lekcji (14)

funkcjafunkcja kwadratowafunkcja liniowafunkcja odwrotnafunkcja wykładniczaliczba eliczby rzeczywistelogarytmnotacja wykładniczapierwiastekpotęgaprzekształcenia wykresuwykres funkcjizłożenie funkcji

Matematyka 0.1

Liczby, potęgi, logarytmy i funkcje elementarne

Około 1620 roku Henry Briggs policzył logarytmy dziesiętne na czternaście miejsc po przecinku. Miał do dyspozycji tylko pióro, papier i cierpliwość do wyciągania pierwiastków kwadratowych. Pod koniec tej lekcji zrobisz to samo, z dokładnością do sześciu cyfr, w kilka minut i zrozumiesz, skąd bierze się liczba ee. Po drodze uporządkujemy narzędzia, z których korzysta cały kurs: potęgi, notację wykładniczą, funkcje i ich wykresy.

Czas
ok. 3 h teorii + 3 h zadań
Zadania
36 zadań w treści, z podpowiedziami i odpowiedziami
Źródła
Feynmana wykłady z fizyki, t. I, rozdz. 22 (22-1…22-4); K. A. Stroud, Engineering Mathematics (część wprowadzająca)

0 Prolog: tablice pana Briggsa

Do połowy XX wieku inżynier, który chciał pomnożyć dwie liczby siedmiocyfrowe, nie mnożył ich. Sprawdzał w tablicach ich logarytmy, dodawał je i odczytywał wynik z tablic z powrotem. Dodawanie jest dużo łatwiejsze niż mnożenie, a logarytm zamienia jedno w drugie: log⁡(ab)=log⁡a+log⁡b\log(ab) = \log a + \log b. Na tej samej zasadzie działał suwak logarytmiczny, z którym liczono mosty, silniki i trajektorie pierwszych rakiet.

Skąd jednak wzięły się liczby w tablicach? Feynman poświęca temu fragment rozdziału o algebrze. Henry Briggs wyciągał pierwiastek kwadratowy z 10, potem pierwiastek z wyniku, potem znowu, i tak wiele razy. Dostawał liczby 101/210^{1/2}, 101/410^{1/4}, 101/810^{1/8}… i każdą inną liczbę składał z ich iloczynu. Feynman pisze, że przez trzysta lat wszystkie tablice logarytmów przepisywano z tablic Briggsa, tylko z mniejszą liczbą cyfr.FLP I-22-4

Ta historia będzie nam towarzyszyć przez całą lekcję. Żeby ją zrozumieć, potrzebujemy potęg o wykładnikach ułamkowych (część 2), funkcji wykładniczej (część 4) i logarytmu (część 5). Na końcu zobaczysz, że ten sam rachunek prowadzi do liczby e≈2,718e \approx 2{,}718, podstawy, która sama pojawia się w prawach przyrody.

Pytanie na start. Ile wynosi log⁡102\log_{10}2, czyli do jakiej potęgi trzeba podnieść 10, żeby dostać 2? Bez kalkulatora. Odpowiedź (i metoda Briggsa) w części 5.

1 Liczby: od liczenia do osi liczbowej

1.1 Każde działanie odwrotne wymaga nowych liczb

Feynman opowiada historię liczb jako ciąg rozszerzeń. Zaczynamy od liczb naturalnych N={0, 1, 2, … }\mathbb N = \{0,\ 1,\ 2,\ \dots\}, którymi liczymy. Dodawanie i mnożenie zawsze dają liczbę naturalną. Działania odwrotne już nie: 3−53 - 5 nie ma wyniku wśród liczb naturalnych. Zamiast się poddać, dopisujemy nowe liczby tak, żeby stare reguły rachunku dalej obowiązywały. Feynman nazywa to „abstrakcją i uogólnieniem”.FLP I-22-2, I-22-3

  • Odejmowanie wymusza liczby całkowite Z\mathbb Z: dochodzą −1, −2, …-1,\ -2,\ \dots
  • Dzielenie wymusza liczby wymierne Q\mathbb Q, czyli ułamki p/qp/q z całkowitymi pp, qq i q≠0q \neq 0.
  • Pierwiastkowanie wymusza liczby niewymierne: 2\sqrt2 nie jest żadnym ułamkiem. Niewymierne są też liczby, które nie są pierwiastkami, np. π\pi i ee. Razem z wymiernymi tworzą liczby rzeczywiste R\mathbb R.
  • Pierwiastek z liczby ujemnej wymusza liczby zespolone. Wrócimy do nich w lekcji 1.7 Liczby zespolone i fazory.

Za każdym razem nowe liczby muszą spełniać te same reguły: przemienność, łączność, rozdzielność mnożenia względem dodawania. To właśnie reguły, a nie obrazek „dodawania jabłek”, mówią nam, co znaczy (−2)⋅(−3)(-2)\cdot(-3) albo 2−32^{-3}. Tę samą myśl wykorzystamy przy potęgach.

1.2 Dlaczego 2\sqrt2 nie jest ułamkiem

Przypuśćmy, że 2=p/q\sqrt2 = p/q, gdzie ułamek jest skrócony, czyli pp i qq nie mają wspólnego dzielnika. Wtedy p2=2q2p^2 = 2q^2, więc p2p^2 jest parzyste, a zatem pp też (kwadrat liczby nieparzystej jest nieparzysty). Piszemy p=2mp = 2m i dostajemy 4m2=2q24m^2 = 2q^2, czyli q2=2m2q^2 = 2m^2. Teraz qq też jest parzyste. Ułamek dał się więc skrócić przez 2, wbrew założeniu. Sprzeczność oznacza, że 2\sqrt2 nie jest ilorazem liczb całkowitych.

W praktyce liczby niewymierne poznajemy przez przybliżenia: 1,41{,}4; 1,411{,}41; 1,4141{,}414; 1,41421{,}4142… Każde przybliżenie jest ułamkiem, a kolejne są coraz bliżej 2\sqrt2. Feynman podkreśla, że ścisłe zdefiniowanie takiej „granicy przybliżeń” to najtrudniejszy krok w całym ciągu rozszerzeń. Nam wystarczy obraz: liczby rzeczywiste wypełniają oś liczbową bez dziur.FLP I-22-3

1.3 Przedziały

Zbiory liczb rzeczywistych zapisujemy jako przedziały. Nawias kwadratowy oznacza, że koniec należy do przedziału, okrągły, że nie należy:

[a; b]={x: a≤x≤b},(a; b)={x: a<x<b}.[a;\ b] = \{x:\ a \le x \le b\},\qquad (a;\ b) = \{x:\ a < x < b\}.

Przedział może być nieograniczony: [a; ∞)[a;\ \infty) to wszystkie x≥ax \ge a. Symbol ∞\infty nie jest liczbą, więc przy nim zawsze stoi nawias okrągły. W polskim zapisie końce oddziela średnik, bo przecinek jest separatorem dziesiętnym: [0,5; 2][0{,}5;\ 2]. W tekstach angielskich pisze się [0.5,2][0.5, 2].

Zadania · część 1

3 zadania · ok. 15 min

  1. Które z liczb są wymierne: 0,1250{,}125; 9\sqrt9; 8\sqrt8; 0,333…0{,}333\ldots; π\pi; 17\tfrac17?

    Odpowiedź

    Wymierne: 0,125=180{,}125 = \tfrac18, 9=3\sqrt9 = 3, 0,333…=130{,}333\ldots = \tfrac13, 17\tfrac17. Niewymierne: 8=22\sqrt8 = 2\sqrt2 i π\pi.

  2. Zamień na ułamki zwykłe: 0,1666…0{,}1666\ldots oraz 0,272727…0{,}272727\ldots

    Wskazówka

    Dla x=0,2727…x = 0{,}2727\ldots policz 100x−x100x - x: część po przecinku się skraca.

    Odpowiedź

    x=0,1666…x = 0{,}1666\ldots: 10x−x=1,510x - x = 1{,}5, więc x=1,59=16x = \tfrac{1{,}5}{9} = \tfrac16. y=0,2727…y = 0{,}2727\ldots: 100y−y=27100y - y = 27, więc y=2799=311y = \tfrac{27}{99} = \tfrac{3}{11}.

  3. Pokaż, że 1+21 + \sqrt2 jest liczbą niewymierną.

    Odpowiedź

    Gdyby 1+2=r1 + \sqrt2 = r było wymierne, to 2=r−1\sqrt2 = r - 1 też byłoby wymierne, bo różnica ułamków jest ułamkiem. To przeczy części 1.2.

2 Potęgi, pierwiastki i notacja wykładnicza

2.1 Reguły potęgowania

Dla naturalnego nn potęga to mnożenie powtórzone nn razy: an=a⋅a⋯aa^n = a\cdot a\cdots a. Z tej definicji wynikają trzy reguły, z których korzystamy bez przerwy:FLP I-22-1 (wzory 22.1)

Reguły potęg

am⋅an=am+n,(am)n=amn,(ab)n=anbn.a^m\cdot a^n = a^{m+n},\qquad \left(a^m\right)^n = a^{mn},\qquad (ab)^n = a^n b^n .

Pierwsza mówi: mnożenie potęg o tej samej podstawie to dodawanie wykładników. To z niej wyrośnie logarytm.

2.2 Wykładnik zero, ujemny i ułamkowy

Co znaczy 202^0 albo 2−32^{-3}? Nie da się pomnożyć dwójki przez siebie „minus trzy razy”. Postępujemy tak jak Feynman przy liczbach ujemnych: żądamy, żeby reguła aman=am+na^m a^n = a^{m+n} obowiązywała dalej, i sprawdzamy, co z tego wynika.FLP I-22-3

  • a0⋅an=a0+n=ana^0\cdot a^n = a^{0+n} = a^n, więc a0=1a^0 = 1 (dla a≠0a \neq 0).
  • a−n⋅an=a0=1a^{-n}\cdot a^n = a^0 = 1, więc a−n=1ana^{-n} = \dfrac{1}{a^n}.
  • a1/2⋅a1/2=a1a^{1/2}\cdot a^{1/2} = a^1, więc a1/2a^{1/2} to liczba, która pomnożona przez siebie daje aa. Takie liczby są dwie, ±a\pm\sqrt a; wybieramy dodatnią, żeby potęga dodatniej podstawy była dodatnia. Ogólnie a1/n=ana^{1/n} = \sqrt[n]a oraz ap/q=apqa^{p/q} = \sqrt[q]{a^p}.

Nic tu nie jest umową wymyśloną dla wygody. Poza wyborem znaku pierwiastka każda z tych równości jest jedyną możliwością, jeśli reguły mają dalej działać. Dla wykładników niewymiernych, np. 10210^{\sqrt2}, bierzemy coraz lepsze przybliżenia wykładnika: 101,410^{1{,}4}, 101,4110^{1{,}41}, 101,41410^{1{,}414}… i wyniki zbliżają się do jednej liczby.FLP I-22-4

W całym kursie potęgi o wykładnikach niecałkowitych bierzemy tylko z dodatniej podstawy. Dla a<0a < 0 wyrażenie a1/2a^{1/2} nie jest liczbą rzeczywistą, a a1/3a^{1/3} bywa definiowane różnie w różnych programach, więc pierwiastek z liczby ujemnej piszemy wprost, np. −83=−2\sqrt[3]{-8} = -2.

Przykład 2.1 Rachunek na wykładnikach

Oblicz bez kalkulatora 82/38^{2/3} oraz (a3b−2)2a4b−1\dfrac{\left(a^3b^{-2}\right)^2}{a^4b^{-1}} dla a,b>0a, b > 0.

  1. 82/3=(81/3)2=22=48^{2/3} = \left(8^{1/3}\right)^2 = 2^2 = 4. Kolejność jest dowolna: (82)1/3=641/3=4\left(8^2\right)^{1/3} = 64^{1/3} = 4, ale pierwiastek najpierw daje mniejsze liczby.
  2. Licznik: (a3b−2)2=a6b−4\left(a^3b^{-2}\right)^2 = a^6b^{-4}.
  3. Dzielenie to odejmowanie wykładników (am/an=am−na^m/a^n = a^{m-n}, bo 1/an=a−n1/a^n = a^{-n}): a6−4 b−4−(−1)=a2b−3a^{6-4}\,b^{-4-(-1)} = a^2b^{-3}.

Wynik: 82/3=48^{2/3} = 4, a wyrażenie jest równe a2b3\dfrac{a^2}{b^3}.

Sprawdzenie: dla a=b=2a = b = 2 wyrażenie wyjściowe to (8/4)216/2=48=12\dfrac{(8/4)^2}{16/2} = \dfrac{4}{8} = \dfrac12, a wynik daje 48=12\dfrac{4}{8} = \dfrac12 ✓. Sprawdzenie z b=1b = 1 nie wykryłoby błędu w wykładniku bb.

2.3 Notacja wykładnicza

Fizyka sięga od rozmiaru jądra atomu (10−1510^{-15} m) po rozmiar obserwowalnego Wszechświata (102610^{26} m). Takie liczby zapisujemy jako m⋅10km\cdot10^{k}, gdzie 1≤m<101 \le m < 10 (to tzw. mantysa) i kk jest całkowite:

299 792 458 m/s≈3,00⋅108 m/s,0,000 000 52 m=5,2⋅10−7 m.299\,792\,458\ \mathrm{m/s} \approx 3{,}00\cdot10^{8}\ \mathrm{m/s},\qquad 0{,}000\,000\,52\ \mathrm{m} = 5{,}2\cdot10^{-7}\ \mathrm{m}.

Mnożenie liczb w tej postaci to mnożenie mantys i dodawanie wykładników, dokładnie według reguły 10p⋅10q=10p+q10^{p}\cdot10^{q} = 10^{p+q}. Dlatego rząd wielkości wyniku, czyli wykładnik kk, zwykle widać od razu. Przedrostki jednostek to skróty potęg dziesięciu:

przedrostekznakmnożnikprzedrostekznakmnożnik
kilok10310^{3}milim10−310^{-3}
megaM10610^{6}mikroμ10−610^{-6}
gigaG10910^{9}nanon10−910^{-9}
teraT101210^{12}pikop10−1210^{-12}

Przykład 2.2 Ile sekund ma rok?

Policz liczbę sekund w roku (365,25 doby) i porównaj z łatwą do zapamiętania liczbą π⋅107\pi\cdot10^7. Ile metrów ma rok świetlny?

  1. 365,25⋅24⋅3600=365,25⋅86 400=31 557 600 s≈3,156⋅107 s365{,}25\cdot24\cdot3600 = 365{,}25\cdot86\,400 = 31\,557\,600\ \mathrm{s} \approx 3{,}156\cdot10^{7}\ \mathrm{s}.
  2. π⋅107≈3,142⋅107\pi\cdot10^7 \approx 3{,}142\cdot10^7. Różnica wynosi ok. 0,45%.
  3. Rok świetlny to droga światła w ciągu roku: 3,00⋅108⋅3,156⋅107=9,47⋅10153{,}00\cdot10^{8}\cdot3{,}156\cdot10^{7} = 9{,}47\cdot10^{15} m. Mantysy mnożymy (3,00⋅3,156=9,473{,}00\cdot3{,}156 = 9{,}47), wykładniki dodajemy (8+7=158 + 7 = 15).

Wynik: rok ≈3,16⋅107\approx 3{,}16\cdot10^7 s ≈π⋅107\approx \pi\cdot10^7 s; rok świetlny ≈9,5⋅1015\approx 9{,}5\cdot10^{15} m.

Sprawdzenie: z dokładną prędkością światła 2,998⋅1082{,}998\cdot10^8 m/s wychodzi 9,461⋅10159{,}461\cdot10^{15} m, zgodnie z wartością w tablicach ✓.

Zadania · część 2

6 zadań · ok. 35 min

  1. Oblicz bez kalkulatora: 163/416^{3/4}, 27−2/327^{-2/3}, 2−3⋅41/22^{-3}\cdot4^{1/2}, 50⋅2\sqrt{50}\cdot\sqrt2.

    Odpowiedź

    163/4=23=816^{3/4} = 2^3 = 8;   27−2/3=132=19\;27^{-2/3} = \dfrac{1}{3^2} = \dfrac19;   2−3⋅2=14\;2^{-3}\cdot2 = \dfrac14;   100=10\;\sqrt{100} = 10.

  2. Uprość dla x,y>0x, y > 0: x1/2 y3(x y2)3/2\dfrac{x^{1/2}\,y^{3}}{\left(x\,y^{2}\right)^{3/2}}.

    Odpowiedź

    Mianownik: x3/2y3x^{3/2}y^{3}. Iloraz: x1/2−3/2 y3−3=x−1=1xx^{1/2 - 3/2}\,y^{3-3} = x^{-1} = \dfrac1x.

  3. Korzystając tylko z reguły aman=am+na^m a^n = a^{m+n}, uzasadnij, że a3/2=aaa^{3/2} = a\sqrt a dla a>0a > 0.

    Odpowiedź

    32=1+12\tfrac32 = 1 + \tfrac12, więc a3/2=a1⋅a1/2=aaa^{3/2} = a^{1}\cdot a^{1/2} = a\sqrt a. Wykładnik 12\tfrac12 to pierwiastek, bo a1/2a1/2=aa^{1/2}a^{1/2} = a.

  4. Masa Ziemi to 5,97⋅10245{,}97\cdot10^{24} kg, a jej średni promień 6,37⋅1066{,}37\cdot10^{6} m. Oblicz objętość Ziemi (jak kuli, V=43πr3V = \tfrac43\pi r^3) i jej średnią gęstość. Porównaj z gęstością skał na powierzchni, ok. 2,7 g/cm32{,}7\ \mathrm{g/cm^3}. Co z tego wynika?

    Odpowiedź

    r3=258⋅1018 m3r^3 = 258\cdot10^{18}\ \mathrm{m^3}, V≈1,08⋅1021 m3V \approx 1{,}08\cdot10^{21}\ \mathrm{m^3}, gęstość ≈5,5⋅103 kg/m3=5,5 g/cm3\approx 5{,}5\cdot10^{3}\ \mathrm{kg/m^3} = 5{,}5\ \mathrm{g/cm^3}. To dwa razy więcej niż skały powierzchniowe, więc wnętrze Ziemi musi być dużo gęstsze (żelazne jądro).

  5. Dysk opisany jako „1 TB” ma 101210^{12} bajtów. System operacyjny często liczy w potęgach dwójki: 1 TiB=2401\ \mathrm{TiB} = 2^{40} bajtów. O ile procent 2402^{40} jest większe od 101210^{12}? Użyj 210=10242^{10} = 1024.

    Odpowiedź

    240=(210)4=10244=1,0995⋅10122^{40} = \left(2^{10}\right)^4 = 1024^4 = 1{,}0995\cdot10^{12}, czyli o ok. 10% więcej. Dlatego dysk „1 TB” system pokazuje jako ok. 0,91 TiB.

  6. Oszacuj, ile razy uderzy serce w ciągu 80-letniego życia przy średnim tętnie 70 na minutę. Podaj wynik w notacji wykładniczej z jedną cyfrą znaczącą.

    Odpowiedź

    70⋅60⋅24⋅365⋅80≈2,9⋅10970\cdot60\cdot24\cdot365\cdot80 \approx 2{,}9\cdot10^{9}, czyli ok. 3⋅1093\cdot10^9 uderzeń. Rachunek w głowie: rok ≈π⋅107\approx \pi\cdot10^7 s, więc 80 lat ≈2,5⋅109\approx 2{,}5\cdot10^9 s; tętno ≈1,2\approx 1{,}2 na sekundę daje 3⋅1093\cdot10^9.

3 Funkcja, prosta i parabola

3.1 Co to jest funkcja

Funkcja ff przyporządkowuje każdemu argumentowi xx z pewnego zbioru, zwanego dziedziną, dokładnie jedną wartość f(x)f(x). Zbiór wszystkich wartości to zbiór wartości funkcji. W fizyce argumentem jest najczęściej czas: położenie x(t)x(t), temperatura T(t)T(t), napięcie U(t)U(t). Ważne jest słowo „dokładnie jedną”: w danej chwili ciało jest w jednym miejscu.

Wykres funkcji to zbiór punktów (x; f(x))(x;\ f(x)) na płaszczyźnie. Prosta pionowa przecina wykres funkcji najwyżej raz. Okrąg x2+y2=1x^2 + y^2 = 1 nie jest więc wykresem funkcji y(x)y(x), ale jego górna połówka y=1−x2y = \sqrt{1 - x^2} już tak.

Jeśli wzór funkcji nie mówi inaczej, za dziedzinę bierzemy wszystkie xx, dla których wzór ma sens. Szukamy trzech przeszkód: dzielenia przez zero, pierwiastka parzystego stopnia z liczby ujemnej i logarytmu z liczby niedodatniej (część 5).

3.2 Funkcja liniowa: stałe tempo zmian

Funkcja liniowa f(x)=ax+bf(x) = ax + b ma wykres w postaci prostej. Współczynnik b=f(0)b = f(0) to wartość początkowa, a aa to nachylenie: o tyle rośnie ff, gdy xx rośnie o 1. Z dwóch punktów prostej:

a=f(x2)−f(x1)x2−x1.a = \frac{f(x_2) - f(x_1)}{x_2 - x_1}.

W fizyce funkcja liniowa oznacza stałe tempo zmian. Prędkość w ruchu jednostajnie przyspieszonym, v(t)=v0+atv(t) = v_0 + at, rośnie o aa w każdej sekundzie. Przeliczanie skal temperatury, tF=1,8 tC+32t_F = 1{,}8\,t_C + 32, to też funkcja liniowa. Nachylenie 1,8 mówi, że stopień Celsjusza jest 1,8 razy „większy” od stopnia Fahrenheita. Obie skale pokazują to samo przy tC=−40t_C = -40, bo 1,8⋅(−40)+32=−401{,}8\cdot(-40) + 32 = -40. W lekcji 1.3 Pochodne nachylenie stanie się pochodną: tempem zmian funkcji, która nie jest prostą.

3.3 Funkcja kwadratowa i postać kanoniczna

Funkcja kwadratowa f(x)=ax2+bx+cf(x) = ax^2 + bx + c z a≠0a \neq 0 ma wykres w postaci paraboli: ramiona w górę dla a>0a > 0, w dół dla a<0a < 0. Najwięcej mówi o niej postać kanoniczna, którą dostajemy przez uzupełnienie do pełnego kwadratu:

ax2+bx+c=a(x+b2a)2+c−b24a=a (x−p)2+q,p=−b2a,q=f(p).ax^2 + bx + c = a\left(x + \frac{b}{2a}\right)^2 + c - \frac{b^2}{4a} = a\,(x - p)^2 + q,\qquad p = -\frac{b}{2a},\quad q = f(p).

Wierzchołek paraboli leży w punkcie (p; q)(p;\ q). Kwadrat (x−p)2(x - p)^2 nigdy nie jest ujemny, więc dla a>0a > 0 najmniejsza wartość funkcji to qq, a dla a<0a < 0 największa. Miejsca zerowe paraboli, czyli rozwiązania równania kwadratowego, omawia lekcja 0.2 Równania, nierówności, wielomiany i ułamki proste.

Przykład 3.1 Jak wysoko doleci piłka?

Piłkę wyrzucono pionowo w górę z wysokości 1,5 m z prędkością 12 m/s. Jej wysokość to h(t)=1,5+12t−g2t2h(t) = 1{,}5 + 12t - \tfrac{g}{2}t^2, gdzie g=9,81 m/s2g = 9{,}81\ \mathrm{m/s^2}. Kiedy piłka jest najwyżej i na jakiej wysokości?

Wysokość piłki w funkcji czasu: parabola z wierzchołkiem w chwili v₀/g
  1. Symbolicznie: h(t)=h0+v0t−g2t2h(t) = h_0 + v_0t - \tfrac g2t^2. Wyciągamy −g2-\tfrac g2 przed wyrazy z tt: h=h0−g2(t2−2v0gt)h = h_0 - \tfrac g2\left(t^2 - \tfrac{2v_0}{g}t\right).
  2. Uzupełniamy do kwadratu: t2−2v0gt=(t−v0g)2−v02g2t^2 - \tfrac{2v_0}{g}t = \left(t - \tfrac{v_0}{g}\right)^2 - \tfrac{v_0^2}{g^2}.
  3. Stąd h(t)=h0+v022g−g2(t−v0g)2h(t) = h_0 + \dfrac{v_0^2}{2g} - \dfrac g2\left(t - \dfrac{v_0}{g}\right)^2. Ostatni wyraz nie jest dodatni i znika dla t=v0/gt = v_0/g.
  4. Liczby: t∗=12/9,81≈1,22t^* = 12/9{,}81 \approx 1{,}22 s, hmax=1,5+14419,62≈1,5+7,34=8,84h_\text{max} = 1{,}5 + \dfrac{144}{19{,}62} \approx 1{,}5 + 7{,}34 = 8{,}84 m.

Wynik: piłka jest najwyżej po t∗=v0/g≈1,22t^* = v_0/g \approx 1{,}22 s, na wysokości h0+v02/(2g)≈8,84h_0 + v_0^2/(2g) \approx 8{,}84 m.

Sprawdzenie: jednostki v02/gv_0^2/g: (m/s)2/(m/s2)=m\mathrm{(m/s)^2/(m/s^2)} = \mathrm m ✓. Ten sam wynik daje zasada zachowania energii: mg (hmax−h0)=12mv02mg\,(h_\text{max} - h_0) = \tfrac12mv_0^2 (zob. Dział 2: Energia). Większe gg oznacza niższy lot ✓.

Zadania · część 3

6 zadań · ok. 40 min

  1. Wyznacz dziedziny: f(x)=x−3f(x) = \sqrt{x - 3},   g(x)=1x2−4\;g(x) = \dfrac{1}{x^2 - 4},   h(x)=15−x\;h(x) = \dfrac{1}{\sqrt{5 - x}}.

    Odpowiedź

    ff: x≥3x \ge 3, czyli [3; ∞)[3;\ \infty).   g\;g: R∖{−2; 2}\mathbb R\setminus\{-2;\ 2\}.   h\;h: 5−x>05 - x > 0, czyli (−∞; 5)(-\infty;\ 5); zero jest wykluczone, bo pierwiastek stoi w mianowniku.

  2. Prosta przechodzi przez punkty (2; 5)(2;\ 5) i (6; 13)(6;\ 13). Podaj jej równanie.

    Odpowiedź

    a=13−56−2=2a = \dfrac{13 - 5}{6 - 2} = 2, b=5−2⋅2=1b = 5 - 2\cdot2 = 1, więc y=2x+1y = 2x + 1. Sprawdzenie: 2⋅6+1=132\cdot6 + 1 = 13 ✓.

  3. Sprężyna bez obciążenia ma 12 cm długości, a z ciężarkiem 0,5 kg ma 15,5 cm. Zakładając, że długość zależy od masy liniowo, podaj wzór L(m)L(m) i oblicz długość z ciężarkiem 1,2 kg. Co oznacza nachylenie?

    Odpowiedź

    Nachylenie 3,5 cm0,5 kg=7 cm/kg\dfrac{3{,}5\ \mathrm{cm}}{0{,}5\ \mathrm{kg}} = 7\ \mathrm{cm/kg}, więc L=12+7mL = 12 + 7m (cm, kg). Dla 1,2 kg: 20,420{,}4 cm. Nachylenie to wydłużenie na kilogram, związane ze sztywnością sprężyny: k=0,5 kg⋅9,81 m/s20,035 m≈140 N/mk = \dfrac{0{,}5\ \mathrm{kg}\cdot9{,}81\ \mathrm{m/s^2}}{0{,}035\ \mathrm m} \approx 140\ \mathrm{N/m}.

  4. Sprowadź do postaci kanonicznej f(x)=2x2−12x+13f(x) = 2x^2 - 12x + 13. Podaj wierzchołek i najmniejszą wartość.

    Odpowiedź

    2(x2−6x)+13=2[(x−3)2−9]+13=2(x−3)2−52(x^2 - 6x) + 13 = 2\left[(x - 3)^2 - 9\right] + 13 = 2(x - 3)^2 - 5. Wierzchołek (3; −5)(3;\ -5), najmniejsza wartość −5-5.

  5. Droga zatrzymania samochodu to droga przejechana w czasie reakcji kierowcy (1 s) plus droga hamowania z opóźnieniem 7 m/s27\ \mathrm{m/s^2}: s(v)=v⋅1 s+v22⋅7 m/s2s(v) = v\cdot1\ \mathrm s + \dfrac{v^2}{2\cdot7\ \mathrm{m/s^2}}. Oblicz ss dla 50 km/h i 100 km/h. Ile razy wzrosła droga?

    Odpowiedź

    50 km/h =13,9= 13{,}9 m/s: s≈13,9+13,8=27,7s \approx 13{,}9 + 13{,}8 = 27{,}7 m. 100 km/h =27,8= 27{,}8 m/s: s≈27,8+55,1=82,9s \approx 27{,}8 + 55{,}1 = 82{,}9 m. Droga zatrzymania wzrosła prawie trzykrotnie, bo droga hamowania rośnie z kwadratem prędkości.

  6. Masz 40 m siatki na ogrodzenie prostokątnej działki. Jaki prostokąt ma największe pole? Wyraź pole przez długość jednego boku xx i użyj postaci kanonicznej.

    Odpowiedź

    Drugi bok to 20−x20 - x, pole A(x)=x(20−x)=−(x−10)2+100A(x) = x(20 - x) = -(x - 10)^2 + 100. Największe pole 100 m² daje kwadrat o boku 10 m.

4 Funkcja wykładnicza i liczba e

4.1 Wzrost o stały czynnik

Funkcja liniowa w równych odstępach czasu dodaje tę samą wielkość. Funkcja wykładnicza mnoży przez ten sam czynnik:

f(t)=f0⋅b t,b>0.f(t) = f_0\cdot b^{\,t},\qquad b > 0 .

Dla b>1b > 1 to wzrost wykładniczy, dla 0<b<10 < b < 1 zanik wykładniczy. Bakterie dzielące się co 20 minut po 4 godzinach (12 podziałów) są 212=40962^{12} = 4096 razy liczniejsze. Izotop o czasie połowicznego rozpadu TT po czasie tt ma (12)t/T\left(\tfrac12\right)^{t/T} początkowej liczby jąder. Kondensator rozładowujący się przez opornik ma napięcie, które w każdej milisekundzie spada o ten sam procent.

Wzrost wykładniczy zawsze w końcu wyprzedza każdą potęgę tnt^n, nawet przy wolnym starcie. To dlatego epidemie, reakcje łańcuchowe i procent składany zaskakują ludzi myślących liniowo.

4.2 Procent składany i liczba e

Lokata z oprocentowaniem 100% rocznie zamienia 1 zł w 2 zł. A gdyby odsetki dopisywać co pół roku, po 50%? Po roku mamy 1,52=2,251{,}5^2 = 2{,}25 zł. Co miesiąc: (1+112)12≈2,613\left(1 + \tfrac1{12}\right)^{12} \approx 2{,}613. Codziennie: (1+1365)365≈2,7146\left(1 + \tfrac1{365}\right)^{365} \approx 2{,}7146. Wynik rośnie, ale coraz wolniej i zbliża się do granicy:

e=lim⁡n→∞(1+1n)n=2,718 281 8…e = \lim_{n\to\infty}\left(1 + \frac1n\right)^{n} = 2{,}718\,281\,8\ldots

To jedna z dwóch dróg do liczby ee. Drugą pokazuje Feynman i jest dla fizyka ważniejsza.

4.3 Podstawa, przy której bε≈1+εb^\varepsilon \approx 1 + \varepsilon

Podnieśmy dowolną podstawę bb do bardzo małej potęgi ε\varepsilon. Wynik jest bliski 1, bo b0=1b^0 = 1. Ile dokładnie? Dla b=10b = 10 Feynman odczytał to ze swojej tabeli pierwiastków (część 5). Dostał współczynnik 2,3025 i dodał, że dokładna wartość to 2,3026:FLP I-22-4

10ε≈1+2,3026 εdla małych ε.10^{\varepsilon} \approx 1 + 2{,}3026\,\varepsilon \qquad \text{dla małych } \varepsilon .

Na wykresie współczynnik przy ε\varepsilon to nachylenie stycznej w punkcie x=0x = 0, czyli prostej, która w tym punkcie najlepiej przylega do wykresu (dokładnie zdefiniujemy ją w lekcji 1.3 Pochodne). Dla podstawy 2 współczynnik wynosi ok. 0,693, dla podstawy 3 ok. 1,099. Rośnie razem z podstawą, więc jest taka podstawa, dla której współczynnik jest równy dokładnie 1. To właśnie ee:

Liczba e

eε≈1+εdla małych ε,e≈2,71828.e^{\varepsilon} \approx 1 + \varepsilon \quad\text{dla małych } \varepsilon,\qquad e \approx 2{,}71828 .

Na wykresie: styczna do y=exy = e^x w punkcie x=0x = 0 ma nachylenie dokładnie 1. Dla innej podstawy nachylenie w zerze wynosi ln⁡b\ln b (część 5).

Dlaczego to ważne? W lekcji 1.3 Pochodne zobaczysz, że wtedy funkcja exe^x jest swoją własną pochodną: tempo wzrostu jest równe aktualnej wartości. Stąd w każdym procesie, w którym tempo zmian jest proporcjonalne do aktualnej wartości, pojawia się et/τe^{t/\tau} albo e−t/τe^{-t/\tau}: w rozpadzie promieniotwórczym, przy rozładowaniu kondensatora, a przy stygnięciu herbaty dla różnicy temperatur herbaty i otoczenia. Dlatego w prawach przyrody pojawia się ee, a nie 10 czy 2. Funkcję exe^x zapisuje się też jako exp⁡x\exp x.

Symulacja 1 Funkcja bxb^x i jej styczna w zerze. Zmieniaj podstawę bb i obserwuj nachylenie stycznej. Przy b=e≈2,718b = e \approx 2{,}718 styczna to dokładnie y=1+xy = 1 + x. Gdy oś pionowa ma skalę logarytmiczną (część 5), wykres funkcji wykładniczej jest prostą.

Zadania · część 4

5 zadań · ok. 35 min

  1. Kultura bakterii podwaja się co 20 minut. Ile razy liczniejsza jest po 4 godzinach? A po 1 godzinie i 40 minutach?

    Odpowiedź

    4 h to 12 podwojeń: 212=40962^{12} = 4096. 100 minut to 5 podwojeń: 25=322^5 = 32.

  2. Oblicz (1+1n)n\left(1 + \tfrac1n\right)^n dla n=10n = 10 i n=1000n = 1000. Ile cyfr po przecinku zgadza się z ee?

    Odpowiedź

    n=10n = 10: 2,59372{,}5937;   n=1000\;n = 1000: 2,71692{,}7169. Przy n=1000n = 1000 zgadzają się dwie cyfry po przecinku (2,712{,}71). Błąd maleje mniej więcej jak e/(2n)e/(2n), czyli wolno.

  3. Lokata ma oprocentowanie 5% rocznie. Ile razy wzrośnie kapitał po 10 latach przy kapitalizacji rocznej, miesięcznej i ciągłej (czynnik e0,05te^{0{,}05t})?

    Odpowiedź

    Roczna: 1,0510≈1,62891{,}05^{10} \approx 1{,}6289. Miesięczna: (1+0,0512)120≈1,6470\left(1 + \tfrac{0{,}05}{12}\right)^{120} \approx 1{,}6470. Ciągła: e0,5≈1,6487e^{0{,}5} \approx 1{,}6487. Częstsza kapitalizacja daje coraz mniejszy zysk dodatkowy.

  4. „Reguła 70”: przy wzroście o pp% rocznie wielkość podwaja się po ok. 70/p70/p latach. Sprawdź ją dla p=7p = 7, licząc dokładnie nn z warunku 1,07n=21{,}07^n = 2 (po przeczytaniu części 5) albo próbując kolejne nn.

    Odpowiedź

    1,0710≈1,9671{,}07^{10} \approx 1{,}967, 1,0711≈2,1051{,}07^{11} \approx 2{,}105. Dokładnie n=ln⁡2ln⁡1,07≈10,24n = \dfrac{\ln2}{\ln1{,}07} \approx 10{,}24 roku, a reguła daje 10. Liczba 70 bierze się z 100ln⁡2≈69,3100\ln2 \approx 69{,}3.

  5. Policz kalkulatorem 10ε−1ε\dfrac{10^{\varepsilon} - 1}{\varepsilon} oraz eε−1ε\dfrac{e^{\varepsilon} - 1}{\varepsilon} dla ε=0,1\varepsilon = 0{,}1; 0,010{,}01; 0,0010{,}001. Do czego dążą? Porównaj z liczbą 2,3025 z tabeli Feynmana.

    Odpowiedź

    Dla 10: 2,5892{,}589; 2,3292{,}329; 2,3052{,}305, granica ln⁡10=2,302 585\ln10 = 2{,}302\,585. Dla ee: 1,05171{,}0517; 1,00501{,}0050; 1,00051{,}0005, granica 1. Feynman, licząc ręcznie, dostał 2,3025; poprawna wartość to 2,3026, o czym on sam wspomina.

5 Logarytm

5.1 Drugie działanie odwrotne do potęgowania

Potęgowanie ma dwa działania odwrotne, bo bab^a i aba^b to zwykle różne liczby. Feynman zwraca na to uwagę: pytanie „jaka liczba podniesiona do trzeciej potęgi daje 8?” prowadzi do pierwiastka, a pytanie „do jakiej potęgi podnieść 2, żeby dostać 8?” do logarytmu.FLP I-22-2

Definicja logarytmu

log⁡bc=a⟺ba=c,b>0, b≠1, c>0.\log_b c = a \quad\Longleftrightarrow\quad b^{a} = c,\qquad b > 0,\ b \neq 1,\ c > 0 .

Logarytm dziesiętny piszemy log⁡x\log x (bez podstawy), logarytm naturalny o podstawie ee to ln⁡x\ln x, a logarytm dwójkowy w informatyce log⁡2x\log_2 x.

Logarytm istnieje tylko dla c>0c > 0, bo dodatnia podstawa w dowolnej potędze daje liczbę dodatnią. Przykłady: log⁡232=5\log_2 32 = 5, log⁡0,001=−3\log 0{,}001 = -3, ln⁡e4=4\ln e^4 = 4, log⁡b1=0\log_b 1 = 0 dla każdej podstawy.

Każda reguła potęg ma swoją wersję dla logarytmów:

Reguły logarytmów

log⁡b(xy)=log⁡bx+log⁡by,log⁡bxy=log⁡bx−log⁡by,log⁡b(xr)=rlog⁡bx(x, y>0).\log_b(xy) = \log_b x + \log_b y,\qquad \log_b\frac xy = \log_b x - \log_b y,\qquad \log_b\left(x^r\right) = r\log_b x \qquad (x,\ y > 0). log⁡ax=log⁡bxlog⁡ba(zmiana podstawy).\log_a x = \frac{\log_b x}{\log_b a}\qquad\text{(zmiana podstawy)} .

Pierwsza reguła to bmbn=bm+nb^m b^n = b^{m+n} czytana od tyłu. Zmiana podstawy mówi, że logarytmy przy różnych podstawach różnią się tylko stałym czynnikiem. Feynman ujmuje to tak: dowolną tablicę logarytmów dostaje się z innej, mnożąc wszystkie liczby przez jedną stałą. Na przykład ln⁡x=2,302 585⋅log⁡x\ln x = 2{,}302\,585\cdot\log x.FLP I-22-4

5.2 Metoda Briggsa

Wracamy do pytania z prologu. Briggs wyciągał kolejne pierwiastki kwadratowe z 10:

kkwykładnik s=1/2ks = 1/2^k10s10^{s}10s−1s\dfrac{10^{s} - 1}{s}
11/21/23,162 2783{,}162\,2784,3254{,}325
21/41/41,778 2791{,}778\,2793,1133{,}113
31/81/81,333 5211{,}333\,5212,6682{,}668
41/161/161,154 7821{,}154\,7822,4772{,}477
51/321/321,074 6081{,}074\,6082,3872{,}387
61/641/641,036 6331{,}036\,6332,3452{,}345
71/1281/1281,018 1521{,}018\,1522,3232{,}323
81/2561/2561,009 0351{,}009\,0352,3132{,}313
91/5121/5121,004 5071{,}004\,5072,3082{,}308
101/10241/10241,002 2511{,}002\,2512,3052{,}305

Żeby znaleźć log⁡2\log 2, dzielimy 2 przez największy czynnik z tabeli, który się mieści, potem resztę przez następny, który się mieści, i tak dalej. Każde dzielenie przez 10s10^{s} dodaje ss do logarytmu. Zostaje reszta bliska 1. Dla niej korzystamy z ostatniej kolumny: kolejne liczby różnią się o 0,021; 0,010; 0,005; 0,003, czyli różnice maleją mniej więcej o połowę. Dalsze wyrazy zmniejszyłyby więc ostatnią liczbę jeszcze o ok. tyle, ile wynosi ostatnia różnica, i kolumna zbiega do ok. 2,3026. Stąd 10ε≈1+2,3026 ε10^{\varepsilon} \approx 1 + 2{,}3026\,\varepsilon, więc ε≈(reszta−1)/2,3026\varepsilon \approx (\text{reszta} - 1)/2{,}3026.

Przykład 5.1 log⁡2\log 2 ręcznie

Znajdź log⁡102\log_{10}2 metodą Briggsa z tabeli powyżej.

  1. 101/2=3,1610^{1/2} = 3{,}16 jest za duże. Mieści się 101/410^{1/4}: 2/1,778 279=1,124 6832/1{,}778\,279 = 1{,}124\,683. Logarytm ≥14\ge \tfrac14.
  2. 101/810^{1/8} i 101/1610^{1/16} są za duże. Mieści się 101/3210^{1/32}: 1,124 683/1,074 608=1,046 5981{,}124\,683/1{,}074\,608 = 1{,}046\,598.
  3. Mieści się 101/6410^{1/64}: 1,046 598/1,036 633=1,009 6131{,}046\,598/1{,}036\,633 = 1{,}009\,613. Potem 101/25610^{1/256}: 1,009 613/1,009 035=1,000 5731{,}009\,613/1{,}009\,035 = 1{,}000\,573.
  4. Suma wykładników: 14+132+164+1256=3081024=0,300 781\tfrac14 + \tfrac1{32} + \tfrac1{64} + \tfrac1{256} = \tfrac{308}{1024} = 0{,}300\,781.
  5. Reszta 1,000 5731{,}000\,573: ε≈0,000 573/2,3026=0,000 249\varepsilon \approx 0{,}000\,573/2{,}3026 = 0{,}000\,249.

Wynik: log⁡2≈0,300 781+0,000 249=0,301 030\log 2 \approx 0{,}300\,781 + 0{,}000\,249 = 0{,}301\,030.

Sprawdzenie: kalkulator daje log⁡2=0,301 030 0\log 2 = 0{,}301\,030\,0, zgodnie na sześciu miejscach ✓. Feynman dostał tą samą drogą 0,301030{,}30103, zgodnie na pięciu cyfrach, z tymi samymi czynnikami.FLP I-22-4, tabela 22-2

Symulacja 2 Metoda Briggsa. Wybierz liczbę cc i liczbę pierwiastków w tabeli. Słupki pokazują, z jakich potęg 101/2k10^{1/2^k} składa się cc. Bez poprawki dla reszty wynik jest dokładny do 1/2n1/2^n, gdzie nn to liczba pierwiastków w tabeli, z poprawką 10ε≈1+2,3026 ε10^\varepsilon \approx 1 + 2{,}3026\,\varepsilon dużo lepiej.

Feynman zauważa przy tym coś więcej. Liczby w ostatniej kolumnie tabeli zbliżają się do stałej, którą on oszacował na 2,3025 (dokładnie 2,3026). Gdyby logarytmy mierzyć nie w „potęgach dziesiątki”, lecz w jednostkach 2,3026 razy mniejszych, to dla małych wykładników byłoby po prostu eε≈1+εe^{\varepsilon} \approx 1 + \varepsilon. Tak wybrana podstawa to e=101/2,3026=100,4343≈2,718e = 10^{1/2{,}3026} = 10^{0{,}4343} \approx 2{,}718. Feynman pisze, że podstawa 10 bierze się tylko z liczby palców u ludzi, a ee jest podstawą „naturalną”, niezwiązaną z naszą anatomią.FLP I-22-4

Teraz możemy też dopowiedzieć zdanie z części 4.3. Każdą podstawę da się zapisać jako potęgę ee: b=eln⁡bb = e^{\ln b}. Wtedy bε=eεln⁡b≈1+εln⁡bb^{\varepsilon} = e^{\varepsilon\ln b} \approx 1 + \varepsilon\ln b. Współczynnik przy ε\varepsilon to więc ln⁡b\ln b: dla b=10b = 10 jest to ln⁡10≈2,3026\ln10 \approx 2{,}3026, dla b=2b = 2 jest to ln⁡2≈0,693\ln2 \approx 0{,}693.

5.3 Logarytmy w fizyce i technice

Logarytm pojawia się wszędzie tam, gdzie wielkość zmienia się o wiele rzędów wielkości albo gdzie pytamy o czas w procesie wykładniczym.

  • Decybele. Poziom natężenia dźwięku L=10log⁡II0L = 10\log\dfrac{I}{I_0} dB. Dziesięciokrotny wzrost natężenia to +10+10 dB, dwukrotny to +3+3 dB.
  • pH =−log⁡[H+]= -\log[\mathrm{H^+}], gdzie stężenie jonów wodorowych podaje się w mol/l.
  • Czas w procesie wykładniczym. Z równania N0(12)t/T=NN_0\left(\tfrac12\right)^{t/T} = N dostajemy t=Tlog⁡2N0Nt = T\log_2\dfrac{N_0}{N}. Dla U=U0e−t/τU = U_0e^{-t/\tau} mamy t=τln⁡U0Ut = \tau\ln\dfrac{U_0}{U}.
  • Liczba cyfr. Liczba całkowita N≥1N \ge 1 ma ⌊log⁡N⌋+1\lfloor\log N\rfloor + 1 cyfr, gdzie ⌊ ⌋\lfloor\ \rfloor to część całkowita. 21002^{100} ma ⌊100⋅0,30103⌋+1=31\lfloor100\cdot0{,}30103\rfloor + 1 = 31 cyfr.

Przykład 5.2 Rozładowanie kondensatora

Kondensator rozładowuje się przez opornik: U(t)=U0e−t/τU(t) = U_0e^{-t/\tau}, gdzie stała czasowa τ=RC=2\tau = RC = 2 ms. Po jakim czasie napięcie spadnie do 10%, a po jakim do 1% wartości początkowej?

  1. Warunek U=0,1 U0U = 0{,}1\,U_0: e−t/τ=0,1e^{-t/\tau} = 0{,}1. Logarytmujemy obie strony: −t/τ=ln⁡0,1=−ln⁡10-t/\tau = \ln0{,}1 = -\ln10.
  2. t10%=τln⁡10≈2,303 τ=4,61t_{10\%} = \tau\ln10 \approx 2{,}303\,\tau = 4{,}61 ms.
  3. Dla 1%: t1%=τln⁡100=2τln⁡10≈4,605 τ=9,21t_{1\%} = \tau\ln100 = 2\tau\ln10 \approx 4{,}605\,\tau = 9{,}21 ms.

Wynik: 10% po ok. 4,6 ms, 1% po ok. 9,2 ms.

Sprawdzenie: spadek do 1% to dwa spadki po 10 razy, więc czas jest dwa razy dłuższy ✓. W czasie τ\tau napięcie spada do 1/e≈37%1/e \approx 37\%, a ln⁡10≈2,3\ln10 \approx 2{,}3 to ta sama liczba, którą Feynman znalazł w tabeli pierwiastków.

Zadania · część 5

7 zadań · ok. 45 min

  1. Oblicz: log⁡232\log_2 32, log⁡0,001\log 0{,}001, ln⁡e4\ln e^4, log⁡319\log_3\tfrac19, log⁡51\log_5 1.

    Odpowiedź

    55;   −3\;-3;   4\;4;   −2\;-2;   0\;0.

  2. Wiedząc, że log⁡2≈0,30103\log 2 \approx 0{,}30103 i log⁡3≈0,47712\log 3 \approx 0{,}47712, oblicz log⁡6\log 6, log⁡5\log 5, log⁡1,5\log 1{,}5, log⁡8\log 8.

    Wskazówka

    5=10/25 = 10/2.

    Odpowiedź

    log⁡6=0,77815\log6 = 0{,}77815;   log⁡5=1−0,30103=0,69897\;\log5 = 1 - 0{,}30103 = 0{,}69897;   log⁡1,5=log⁡3−log⁡2=0,17609\;\log1{,}5 = \log3 - \log2 = 0{,}17609;   log⁡8=3log⁡2=0,90309\;\log8 = 3\log2 = 0{,}90309.

  3. Dwa jednakowe głośniki grają razem. O ile decybeli wzrasta poziom dźwięku w porównaniu z jednym? Ile razy wzrasta natężenie, gdy poziom rośnie o 25 dB?

    Odpowiedź

    Natężenie rośnie 2 razy: 10log⁡2≈3,010\log2 \approx 3{,}0 dB. Wzrost o 25 dB to natężenie 102,5≈31610^{2{,}5} \approx 316 razy większe.

  4. Izotop ma czas połowicznego rozpadu 8 dni. Jaka część jąder zostaje po 30 dniach? Po ilu dniach zostaje 0,1%?

    Odpowiedź

    2−30/8=2−3,75≈0,0742^{-30/8} = 2^{-3{,}75} \approx 0{,}074, czyli ok. 7,4%. Dla 0,1%: t=8log⁡21000=8⋅3log⁡2≈8⋅9,97≈79,7t = 8\log_2 1000 = 8\cdot\dfrac{3}{\log 2} \approx 8\cdot9{,}97 \approx 79{,}7 dnia.

  5. Oblicz log⁡210\log_2 10 ze wzoru na zmianę podstawy. Ile bitów potrzeba, żeby zapisać liczbę milion?

    Odpowiedź

    log⁡210=1log⁡2≈3,32\log_2 10 = \dfrac{1}{\log 2} \approx 3{,}32. log⁡2106=6⋅3,32≈19,9\log_2 10^6 = 6\cdot3{,}32 \approx 19{,}9, więc potrzeba 20 bitów (220=1 048 576>1062^{20} = 1\,048\,576 > 10^6).

  6. Ile cyfr ma liczba 32003^{200} i jaka jest jej pierwsza cyfra? Użyj log⁡3≈0,477121\log3 \approx 0{,}477121.

    Wskazówka

    Część ułamkowa logarytmu wyznacza pierwsze cyfry: 1095,424=100,424⋅109510^{95{,}424} = 10^{0{,}424}\cdot10^{95}.

    Odpowiedź

    log⁡3200=95,424\log3^{200} = 95{,}424, więc 96 cyfr. 100,424≈2,6610^{0{,}424} \approx 2{,}66, więc liczba zaczyna się od 2 (dokładnie: 2656…2656\ldots).

  7. Metodą Briggsa z tabeli w części 5.2 znajdź log⁡3\log 3. Które pierwiastki z 10 wchodzą do iloczynu?

    Odpowiedź

    3=101/4⋅101/8⋅101/16⋅101/32⋅101/128⋅1,001 2873 = 10^{1/4}\cdot10^{1/8}\cdot10^{1/16}\cdot10^{1/32}\cdot10^{1/128}\cdot1{,}001\,287. Wykładniki: 256+128+64+32+81024=0,476 563\tfrac{256 + 128 + 64 + 32 + 8}{1024} = 0{,}476\,563, poprawka 0,001 287/2,3026=0,000 5590{,}001\,287/2{,}3026 = 0{,}000\,559. Razem 0,477 1220{,}477\,122 (dokładnie 0,477 1210{,}477\,121).

6 Złożenie i funkcja odwrotna

6.1 Złożenie funkcji

Plama oleju na wodzie ma promień rosnący z czasem: r(t)=0,5tr(t) = 0{,}5t (m, s). Pole koła to A(r)=πr2A(r) = \pi r^2. Pole plamy w chwili tt dostajemy, wstawiając jedną funkcję do drugiej:

A(r(t))=π(0,5t)2=0,25πt2.A(r(t)) = \pi(0{,}5t)^2 = 0{,}25\pi t^2 .

To złożenie funkcji, zapisywane (f∘g)(x)=f(g(x))(f\circ g)(x) = f(g(x)): najpierw działa gg, potem ff. Kolejność ma znaczenie. Dla f(x)=x2f(x) = x^2 i g(x)=x+1g(x) = x + 1 mamy f(g(x))=(x+1)2f(g(x)) = (x + 1)^2, ale g(f(x))=x2+1g(f(x)) = x^2 + 1. W lekcji 1.3 Pochodne złożenie da regułę łańcuchową, jedną z najczęściej używanych reguł w fizyce.

6.2 Funkcja odwrotna

Funkcja odwrotna f−1f^{-1} „cofa” działanie ff: jeśli y=f(x)y = f(x), to x=f−1(y)x = f^{-1}(y). Przeliczenie Fahrenheita na Celsjusza jest odwrotne do przeliczenia Celsjusza na Fahrenheita: z tF=1,8 tC+32t_F = 1{,}8\,t_C + 32 wyznaczamy tC=(tF−32)/1,8t_C = (t_F - 32)/1{,}8. Logarytm log⁡b\log_b jest odwrotny do bxb^x, a ln⁡\ln do exe^x:

eln⁡x=x  (x>0),ln⁡ex=x.e^{\ln x} = x\ \ (x > 0),\qquad \ln e^{x} = x .

Funkcja ma odwrotną tylko wtedy, gdy różnym argumentom przypisuje różne wartości (jest różnowartościowa). Funkcja x2x^2 na całej osi tego warunku nie spełnia, bo (−3)2=32(-3)^2 = 3^2. Ograniczamy więc dziedzinę do x≥0x \ge 0 i wtedy odwrotną jest x\sqrt x. Tak samo powstaną funkcje cyklometryczne, np. arcsin⁡\arcsin, w lekcji 0.3 Trygonometria i funkcje hiperboliczne.

Wykres funkcji odwrotnej to odbicie wykresu ff względem prostej y=xy = x, bo punkt (a; b)(a;\ b) zamienia się w punkt (b; a)(b;\ a). Wykres ln⁡x\ln x to odbity wykres exe^x.

Symulacja 3 Funkcja i jej odwrotna. Punkt (x0; f(x0))(x_0;\ f(x_0)) na wykresie ff i jego odbicie (f(x0); x0)(f(x_0);\ x_0) na wykresie f−1f^{-1} leżą symetrycznie względem prostej y=xy = x. Wybierz parę funkcji i przesuwaj x0x_0.

Przykład 6.1 Odwracanie wzoru krok po kroku

Znajdź funkcję odwrotną do f(x)=2x−1+3f(x) = 2^{x-1} + 3 i jej dziedzinę.

  1. Piszemy y=2x−1+3y = 2^{x-1} + 3 i wyznaczamy xx. Najpierw y−3=2x−1y - 3 = 2^{x-1}.
  2. Logarytmujemy przy podstawie 2: x−1=log⁡2(y−3)x - 1 = \log_2(y - 3), więc x=log⁡2(y−3)+1x = \log_2(y - 3) + 1.
  3. Zamieniamy nazwy zmiennych: f−1(x)=log⁡2(x−3)+1f^{-1}(x) = \log_2(x - 3) + 1. Dziedzina: x>3x > 3, bo tylko takie wartości przyjmuje ff.

Wynik: f−1(x)=log⁡2(x−3)+1f^{-1}(x) = \log_2(x - 3) + 1 dla x>3x > 3.

Sprawdzenie: f(3)=22+3=7f(3) = 2^2 + 3 = 7 i f−1(7)=log⁡24+1=3f^{-1}(7) = \log_2 4 + 1 = 3 ✓. Dziedzina f−1f^{-1} to zbiór wartości ff, a zbiór wartości f−1f^{-1} to dziedzina ff.

Zadania · część 6

5 zadań · ok. 30 min

  1. Znajdź funkcję odwrotną do f(x)=3x−2f(x) = 3x - 2. Sprawdź, że f(f−1(x))=xf(f^{-1}(x)) = x.

    Odpowiedź

    f−1(x)=x+23f^{-1}(x) = \dfrac{x + 2}{3}.   f(f−1(x))=3⋅x+23−2=x\;f(f^{-1}(x)) = 3\cdot\dfrac{x + 2}{3} - 2 = x ✓.

  2. Dla f(x)=x2f(x) = x^2 i g(x)=2x+1g(x) = 2x + 1 oblicz f(g(2))f(g(2)), g(f(2))g(f(2)) oraz wzór f(g(x))f(g(x)).

    Odpowiedź

    f(g(2))=f(5)=25f(g(2)) = f(5) = 25;   g(f(2))=g(4)=9\;g(f(2)) = g(4) = 9;   f(g(x))=(2x+1)2=4x2+4x+1\;f(g(x)) = (2x + 1)^2 = 4x^2 + 4x + 1.

  3. Zapisz h(x)=1+x2h(x) = \sqrt{1 + x^2} jako złożenie dwóch prostszych funkcji. Czy rozkład jest jednoznaczny?

    Odpowiedź

    Np. h=f∘gh = f\circ g z g(x)=1+x2g(x) = 1 + x^2 i f(u)=uf(u) = \sqrt u. Rozkład nie jest jednoznaczny: można też wziąć g(x)=x2g(x) = x^2 i f(u)=1+uf(u) = \sqrt{1 + u}.

  4. Wyjaśnij, dlaczego f(x)=x2−4xf(x) = x^2 - 4x nie ma funkcji odwrotnej na całej osi. Na jakim możliwie dużym przedziale zawierającym x=5x = 5 ją ma?

    Odpowiedź

    f(x)=(x−2)2−4f(x) = (x - 2)^2 - 4, więc np. f(0)=f(4)=0f(0) = f(4) = 0. Na przedziale [2; ∞)[2;\ \infty) funkcja rośnie i jest różnowartościowa; tam f−1(y)=2+y+4f^{-1}(y) = 2 + \sqrt{y + 4}.

  5. Znajdź funkcję odwrotną do f(x)=2x+1x−1f(x) = \dfrac{2x + 1}{x - 1} dla x≠1x \neq 1. Jaka jest jej dziedzina?

    Odpowiedź

    y(x−1)=2x+1⇒x(y−2)=y+1⇒f−1(x)=x+1x−2y(x - 1) = 2x + 1 \Rightarrow x(y - 2) = y + 1 \Rightarrow f^{-1}(x) = \dfrac{x + 1}{x - 2}, dziedzina x≠2x \neq 2. Wartość 2 to ta, której ff nigdy nie przyjmuje: f(x)=2+3x−1f(x) = 2 + \dfrac{3}{x - 1}.

7 Przekształcenia wykresu

Większość funkcji w fizyce to kilka podstawowych kształtów, przesuniętych i rozciągniętych. Wystarczy rozpoznać, co zrobiono z wykresem y=f(x)y = f(x):

wzórco się dzieje z wykresem
f(x)+cf(x) + cprzesunięcie o cc w górę
f(x−h)f(x - h)przesunięcie o hh w prawo (znak minus!)
A f(x)A\,f(x)rozciągnięcie w pionie ∣A∣|A| razy; dla A<0A < 0 także odbicie względem osi xx
f(kx)f(kx)ściśnięcie w poziomie ∣k∣|k| razy (dla ∣k∣<1|k| < 1 rozciągnięcie); dla k<0k < 0 także odbicie względem osi yy

Przesunięcie w prawo zapisuje się minusem, co na początku myli. Logika jest taka: wykres f(x−h)f(x - h) w punkcie x=hx = h ma wartość f(0)f(0), czyli to, co pierwotny wykres miał w zerze, jest teraz w hh. Tak samo w f(kx)f(kx) wartość f(1)f(1) pojawia się już w x=1/kx = 1/k.

Ogólny przypadek y=A f(k(x−h))+cy = A\,f\big(k(x - h)\big) + c czytamy od środka: przesuwamy o hh, ściskamy kk razy wokół x=hx = h, rozciągamy AA razy, podnosimy o cc.

Symulacja 4 Przekształcenia wykresu y=A f(k(x−h))+cy = A\,f\big(k(x - h)\big) + c. Wykres przerywany to ff bez zmian. Zmieniaj po jednym parametrze i sprawdź, czy wykres porusza się tak, jak przewiduje tabela.

Przykład 7.1 Stygnąca kawa

Kawa o temperaturze 80 °C stygnie w pokoju o temperaturze 20 °C. Jej temperatura to T(t)=20+60 e−t/τT(t) = 20 + 60\,e^{-t/\tau} z τ=10\tau = 10 min. Opisz wykres jako przekształcenie e−xe^{-x} i oblicz, kiedy kawa ma 40 °C.

  1. Zaczynamy od e−xe^{-x}: dla x≥0x \ge 0 maleje od 1 do 0. Wstawiamy x=t/τx = t/\tau, czyli rozciągamy wykres w poziomie 10 razy (k=1/τk = 1/\tau).
  2. Mnożymy przez 60: rozciągnięcie w pionie (różnica temperatur na starcie). Dodajemy 20: przesunięcie w górę do temperatury pokoju, do której krzywa dąży.
  3. Warunek 40=20+60e−t/τ40 = 20 + 60e^{-t/\tau} daje e−t/τ=13e^{-t/\tau} = \tfrac13, czyli t=τln⁡3≈10,99t = \tau\ln3 \approx 10{,}99 min.

Wynik: kawa ma 40 °C po ok. 11 minutach.

Sprawdzenie: T(0)=80T(0) = 80 °C ✓, T→20T \to 20 °C dla t→∞t \to \infty ✓. Po czasie τ\tau różnica temperatur spada do 1/e≈37%1/e \approx 37\%, czyli z 60 do 22 K, a do 20 K (temperatura 40 °C) spada odrobinę później, po 1,1 τ1{,}1\,\tau ✓.

Zadania · część 7

4 zadania · ok. 25 min

  1. Opisz, jak powstaje wykres y=(x−2)2+3y = (x - 2)^2 + 3 z wykresu y=x2y = x^2. Gdzie jest wierzchołek?

    Odpowiedź

    Przesunięcie o 2 w prawo i o 3 w górę. Wierzchołek (2; 3)(2;\ 3).

  2. Parabolę y=x2y = x^2 przesunięto o 1 w lewo, rozciągnięto 2 razy w pionie i odbito względem osi xx. Podaj wzór.

    Odpowiedź

    y=−2(x+1)2y = -2(x + 1)^2. Kolejność przesunięcia i rozciągnięcia w pionie nie ma tu znaczenia, bo rozciągnięcie odbywa się względem osi xx, a przesunięcie jest poziome.

  3. Dla kawy z przykładu 7.1 oblicz, kiedy będzie miała 25 °C. Ile czasu zajmuje ostatnie 5 stopni (z 25 do 20 °C)?

    Odpowiedź

    e−t/τ=560e^{-t/\tau} = \tfrac{5}{60}, t=τln⁡12≈24,8t = \tau\ln12 \approx 24{,}8 min. Ostatnie 5 stopni trwa nieskończenie długo: krzywa zbliża się do 20 °C, ale tej temperatury nie osiąga. W praktyce po kilku τ\tau różnicy nie da się zmierzyć.

  4. Czy wykres y=f(2x−6)y = f(2x - 6) jest przesunięty względem y=f(2x)y = f(2x) o 6 czy o 3 w prawo? Uzasadnij.

    Odpowiedź

    O 3: f(2x−6)=f(2(x−3))f(2x - 6) = f\big(2(x - 3)\big). Wartość, którą f(2x)f(2x) ma w x0x_0, funkcja f(2x−6)f(2x - 6) ma w x0+3x_0 + 3. Zanim odczytasz przesunięcie, wyciągnij współczynnik przy xx przed nawias.

8 Błędne intuicje

„(a+b)2=a2+b2(a + b)^2 = a^2 + b^2, a a+b=a+b\sqrt{a + b} = \sqrt a + \sqrt b.”
Reguły potęg dotyczą iloczynów, nie sum. (3+4)2=49(3 + 4)^2 = 49, a 32+42=253^2 + 4^2 = 25 (część 2.2).
„x2=x\sqrt{x^2} = x.”
x2=∣x∣\sqrt{x^2} = |x|. Pierwiastek kwadratowy z definicji nie jest ujemny.
„log⁡(a+b)=log⁡a+log⁡b\log(a + b) = \log a + \log b.”
Logarytm zamienia iloczyn w sumę: log⁡(ab)=log⁡a+log⁡b\log(ab) = \log a + \log b. Dla sumy nie ma prostego wzoru.
„2−32^{-3} to liczba ujemna.”
Ujemny wykładnik oznacza odwrotność: 2−3=18>02^{-3} = \tfrac18 > 0. Funkcja wykładnicza o dodatniej podstawie nigdy nie jest ujemna.
„f(x−2)f(x - 2) przesuwa wykres w lewo, bo jest minus.”
W prawo. Wartość z punktu 00 pojawia się teraz w punkcie 22 (część 7).
„f−1(x)=1f(x)f^{-1}(x) = \dfrac{1}{f(x)}.”
Funkcja odwrotna to inna funkcja, a nie odwrotność wartości. Dla f(x)=2xf(x) = 2x mamy f−1(x)=x/2f^{-1}(x) = x/2, a 1/f(x)=12x1/f(x) = \tfrac{1}{2x}. Zapis f−1f^{-1} jest niefortunny, ale powszechny.
„Wzrost wykładniczy to po prostu szybki wzrost.”
To wzrost o stały procent w równych odstępach czasu. Na początku bywa wolniejszy od liniowego, ale w końcu wyprzedza każdą potęgę tnt^n (część 4.1).

9 Sprawdź się

1 Dlaczego a0=1a^0 = 1, a nie 00?

Bo reguła aman=am+na^m a^n = a^{m+n} ma działać dalej: a0⋅an=ana^0\cdot a^n = a^n, więc a0a^0 musi być równe 1.

2 Ile wynosi log⁡2000\log 2000, jeśli log⁡2≈0,301\log 2 \approx 0{,}301?

log⁡(2⋅103)=3+0,301=3,301\log(2\cdot10^3) = 3 + 0{,}301 = 3{,}301.

3 Co mówi nachylenie wykresu funkcji liniowej opisującej prędkość w czasie?

To przyspieszenie: o tyle rośnie prędkość w każdej sekundzie.

4 Czym wyróżnia się podstawa ee spośród wszystkich podstaw funkcji wykładniczej?

Tylko dla niej eε≈1+εe^{\varepsilon} \approx 1 + \varepsilon dla małych ε\varepsilon, czyli styczna w zerze ma nachylenie 1. Dlatego exe^x jest swoją własną pochodną.

5 Jak z wykresu exe^x dostać wykres ln⁡x\ln x?

Odbić go względem prostej y=xy = x.

6 Natężenie dźwięku wzrosło 1000 razy. O ile decybeli wzrósł poziom?

10log⁡1000=3010\log1000 = 30 dB.

7 Wielkość maleje wykładniczo ze stałą czasową τ\tau. Po jakim czasie spada do 10%?

Po τln⁡10≈2,3 τ\tau\ln10 \approx 2{,}3\,\tau.

10 Karta wzorów i co dalej

Potęgi i logarytmy

aman=am+n,    (am)n=amn,    (ab)n=anbna^m a^n = a^{m+n},\;\; (a^m)^n = a^{mn},\;\; (ab)^n = a^nb^n

a0=1,    a−n=1an,    ap/q=apqa^0 = 1,\;\; a^{-n} = \dfrac1{a^n},\;\; a^{p/q} = \sqrt[q]{a^p}

log⁡bc=a  ⟺  ba=c    (b>0, b≠1, c>0)\log_b c = a \iff b^a = c\;\;(b > 0,\ b \neq 1,\ c > 0)

log⁡(xy)=log⁡x+log⁡y,    log⁡xr=rlog⁡x\log(xy) = \log x + \log y,\;\; \log x^r = r\log x

log⁡ax=log⁡bxlog⁡ba,    ln⁡x≈2,3026log⁡x\log_a x = \dfrac{\log_b x}{\log_b a},\;\; \ln x \approx 2{,}3026\log x

e=lim⁡n→∞(1+1/n)n≈2,71828,    eε≈1+εe = \lim\limits_{n\to\infty}(1 + 1/n)^n \approx 2{,}71828,\;\; e^\varepsilon \approx 1 + \varepsilon

N0e−t/τ=N⇒t=τln⁡(N0/N)N_0e^{-t/\tau} = N \Rightarrow t = \tau\ln(N_0/N)

Funkcje i wykresy

liniowa: y=ax+by = ax + b,   a=y2−y1x2−x1\;a = \dfrac{y_2 - y_1}{x_2 - x_1}

kwadratowa: y=a(x−p)2+qy = a(x - p)^2 + q,   p=−b2a\;p = -\dfrac{b}{2a}, wierzchołek (p; q)(p;\ q)

wykładnicza: y=f0bty = f_0b^{t}; czas podwojenia log⁡b2\log_b2

złożenie: (f∘g)(x)=f(g(x))(f\circ g)(x) = f(g(x))

odwrotna: y=f(x)  ⟺  x=f−1(y)y = f(x) \iff x = f^{-1}(y); wykres odbity względem y=xy = x

y=A f(k(x−h))+cy = A\,f\big(k(x - h)\big) + c: przesunięcie hh w prawo, ściśnięcie kk, rozciągnięcie AA, przesunięcie cc w górę

Do przeczytania u Feynmana

  • Obowiązkowo: 22-1…22-4 (algebra jako ciąg uogólnień, potęgi ułamkowe, tablice Briggsa i liczba ee).
  • Dla chętnych: 22-5…22-6 (liczby zespolone i „najbardziej niezwykły wzór w matematyce”). Wrócimy do nich w lekcji 1.7 Liczby zespolone i fazory.

Do przeczytania w podręcznikach matematyki

  • K. A. Stroud, Engineering Mathematics: część wprowadzająca (arytmetyka, wyrażenia algebraiczne, funkcje, funkcja wykładnicza i logarytmiczna). Bardzo dużo zadań z odpowiedziami.
  • Dowolny podręcznik do matematyki w szkole średniej na poziomie rozszerzonym: rozdziały o potęgach, logarytmach i funkcjach.

Następna lekcja to równania, nierówności i wielomiany (0.2 Równania, nierówności, wielomiany i ułamki proste), w tym miejsca zerowe paraboli, której wierzchołek umiemy już znaleźć. Funkcje wykładnicza i logarytmiczna wrócą w lekcji o pochodnych (1.3 Pochodne), gdzie okaże się, dlaczego exe^x jest wyjątkowa, oraz w równaniach różniczkowych (4.1 Równania różniczkowe zwyczajne), gdzie opiszą rozpad, stygnięcie i rozładowanie kondensatora.

Korzystają z tej lekcji 0.2 Równania, nierówności, wielomiany i ułamki proste0.3 Trygonometria i funkcje hiperboliczne0.5 Jednostki, analiza wymiarowa, szacowanie i niepewność pomiaru1.2 Ciągi, granice i ciągłość